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International Review of Scientific Synthesis – ISSN 2282-2119 Quaderni di Analisi Matematica – 2015
Matematica Open Source
– http://www.extrabyte.infoEstremi relativi ed assoluti di funzioni di pi` u variabili
ver. 01
Marcello Colozzo
Indice
1 Formula di Taylor in pi`u variabili 2
2 Punti estremali 3
Bibliografia 14
1 FORMULA DI TAYLOR IN PI `U VARIABILI
1 Formula di Taylor in pi` u variabili
Sia f ∈ Cm+1(A) essendo A un campo quale sottoinsieme di Rn. Assegnato P0
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
∈ A, sia P (x1, x2, ..., xn) ∈ A tale che il segmento P0P sia contenuto in A. Le equazioni parametriche di tale segmento sono:
x1 = x(0)1 + t∆x1 x2 = x(0)2 + t∆x2
...
x2 = x(0)2 + t∆x2
, t∈ [0, 1] (1)
In altri termini, le (1) sono le coordinate di un generico punto Q ∈ P0P. La restrizione di f al segmento P0P individua la funzione composta:
F (t) = f [x1(t) , x2(t) , ..., xn(t)] (2)
= f
x(0)1 + t∆x1, x(0)2 + t∆x2, ..., x(0)n + t∆xn
, t∈ [0, 1]
Applichiamo a F (t) la formula di Mac Laurin:
F (1) = F (0) + 1
1!F′(0) + 1
2!F′′(0) + ... + 1
m!F(m)(0) + Rm, (3) assumendo per Rm l’espressione di Lagrange:
Rm = 1
(m + 1)!F(m+1)(θ) , con 0 < θ < 1 Esplicitiamo i singoli termini nella (3):
F (1) = f
x(0)1 + ∆x1, x(0)2 + ∆x2, ..., x(0)n + ∆xn
F (0) = f
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n Per la regola di derivazione delle funzioni composte:
F′(t) = fx1
x(0)1 + t∆x1, x(0)2 + t∆x2, ..., x(0)n + t∆xn
· ∆x1+ + fx2
x(0)1 + t∆x1, x(0)2 + t∆x2, ..., x(0)n + t∆xn
· ∆x2+ + ... + fxn
x(0)1 + t∆x1, x(0)2 + t∆x2, ..., x(0)n + t∆xn
· ∆x1, per cui:
F′(0) = fx1
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
· ∆x1+ fx2
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
· ∆x2+ + ...fxn
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
· ∆xn
= df Allo stesso modo:
F′′(0) = d2f, ....F(m)(0) = dmf Sostituendo nella (3) le espressioni trovate, si ha:
f
x(0)1 + ∆x1, x(0)2 + ∆x2, ..., x(0)n + ∆xn
= f
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
+ (4)
+ 1
1!df + 1
2!d2f+ ... + 1
m!dmf + Rm,
con
Rm = 1
(m + 1)!d(m+1)f
xk=x(0)k +θ∆xk, con 0 < θ < 1 Ricordiamo che l’operatore di differenziazione d `e espresso simbolicamente da:
d =
n
X
h=1
∆xh
∂
∂xh
,
e quindi:
dk =
n
X
h=1
∆xh
∂
∂xh
!k
Sostituendo nella (4):
f
x(0)1 + ∆x1, x(0)2 + ∆x2, ..., x(0)n + ∆xn
=
1 +
m
X
k=1
1 k!
n
X
h=1
∆xh
∂
∂xh
!k
f
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
+ 1
(m + 1)!
n
X
h=1
∆xh
∂
∂xh
!m+1
f
x(0)1 + θ∆x1, x(0)2 + θ∆x2, ..., x(0)n + θ∆xn
Ponendo x(0)k + ∆xk = xk: f(x1, x2, ..., xn)
=
1 +
m
X
k=1
1 k!
n
X
h=1
xh− x(0)h ∂
∂xh
!k
f
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n +
+ 1
(m + 1)!
n
X
h=1
xh− x(0)h ∂
∂xh
!m+1
f
x(0)1 + θ
x− x(0)1
, x(0)2 + θ
x− x(0)2
, ..., x(0)n + θ x − x(0)n
Nel caso particolare di n = 2 variabili:
f(x, y) = f (x0, y0) + 1 1!
(x − x0) ∂
∂x + (y − y0) ∂
∂y
f(x0, y0) + (5)
+ 1 2!
(x − x0) ∂
∂x + (y − y0) ∂
∂y
2
f(x0, y0) + ...
+ 1 m!
(x − x0) ∂
∂x + (y − y0) ∂
∂y
m
f(x0, y0) +
+ 1
(m + 1)!
(x − x0) ∂
∂x + (y − y0) ∂
∂y
m+1
f(x0+ θ (x − x0) , y0+ θ (y − y0))
2 Punti estremali
Sia f : A → R, con A ⊆ Rn (campo o dominio).
Teorema 1 Hp.
2 PUNTI ESTREMALI
1. P0
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
∈ ˚A `e punto di estremo relativo per f ; 2. f `e parzialmente derivabile in P0.
Th. fx1(P0) = fx2(P0) = ... = fxn(P0) = 0 Dimostrazione. P0
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
∈ ˚A=⇒
=⇒ ∃Dδ(P0) = (
(x1, x2, ..., xn) ∈ Rn|
n
X
k=1
xk− x(0)k 2
≤ δ2 )
⊂ A.
E chiaro che:`
x1, x(0)2 , ..., x(0)n
∈ Dδ(P0) ⇐⇒ x1 ∈h
x(0)1 − δ, x(0)1 + δi , per cui possiamo definire la funzione:
φ :h
x(0)1 − δ, x(0)1 + δi
→ R φ(x1) = f
x1, x(0)2 , ..., x(0)n Risulta:
P0 `e punto di estremo relativo per f
=⇒
x(0)1 `e punto di estremo relativo per φ f `e derivabile in P0) =⇒
φ`e derivabile in x(0)1 Dal momento che x(0)1 `e punto interno di h
x(0)1 − δ, x(0)1 + δi
, segue che φ′ x(0)1
= 0, cio`e fx1
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
= 0 Alla stessa maniera si dimostrano le rimanenti:
fx2
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
= ... = fxn
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
= 0
Da tale teorema segue che se f `e parzialmente derivabile in ˚A, gli eventuali punti di estremo relativo appartengono all’insieme delle soluzioni del seguente sistema di n equazioni in n incognite x1, x2, ..., xn:
fx1(x1, x2, ..., xn) = 0 fx2(x1, x2, ..., xn) = 0 ...
fxn(x1, x2, ..., xn) = 0
(6)
Definizione 2 Dicesi punto estremale o punto critico di f , ogni soluzione del sistema (6).
Osservazione 3 Rammentando la definizione di gradiente di una funzione f :
∇f = ∂f
∂x1
, ∂f
∂x2
, ..., ∂f
∂xn
,
segue che in un punto estremale P0 `e ∇f (P0) = (0, 0, ..., 0) = 0. L’annullarsi del gradiente in P0 esprime la “stazioneriet`a” della funzione nel suddetto punto. Infatti, intuitivamente il gradiente misura la rapidit`a di variazione della funzione.
Denotando con B ⊂ ˚A l’insieme dei punti estremali di f , cio`e:
B =n
P ∈ ˚A| fxk(P ) = 0, k = 1, 2, ..., no Se B 6= ∅, i.e. il sistema (6) ammette almeno una soluzione, si ha:
P0 `e punto di estremo relativo per f
=⇒ (P0 ∈ B P0 ∈ B) ;
P0 `e punto di estremo relativo per f
In altri termini, P0 ∈ B `e condizione necessaria ma non sufficiente affinch`e P0 sia punto di estremo relativo per f . Dimostriamo ora il teorema:
Teorema 4 Hp:
1. f `e continua in A ed `e di classe C2 in ˚A;
2. P0
x(0)1 , x(0)2 , ..., x(0)n
∈ ˚A `e punto estremale per f.
Th. Considerata la forma quadratica:
φ(λ1, λ2, ..., λn) =
n
X
i=1 n
X
j=1
fxixj(P0) λiλj
nelle variabili λ1, λ2, ..., λn, si ha:
A φ `e definita positiva =⇒ P0 `e punto di minimo relativo proprio;
B φ `e definita negativa =⇒ P0 `e punto di massimo relativo proprio;
C φ `e indefinita =⇒ P0 non `e punto di estremo relativo.
Dimostrazione. Senza perdita di generalit`a consideriamo il caso n = 2.
P0(x0, y0) ∈ ˚A=⇒ ∃Iδ(P0) = (x, y) ∈ R2 | (x − x0)2+ (y − y0)2 < δ2 ⊂ A
Preso ad arbitrio P (x, y) ∈ Iδ(P0) possiamo applicare la formula di Taylor (5) per m = 1. Per ipotesi P0 `e punto estremale per f , onde fx(P0) = fy(P0) = 0, quindi:
f(x, y) = f (x0, y0) + +1
2!
(x − x0) ∂
∂x + (y − y0) ∈ ∂
∂y
2
f[x0+ θ (x − x0) , y0+ θ (y − y0)] , con 0 < θ < 1
Posto Q (x0+ θ (x − x0) , y0 + θ (y − y0)) e tenendo conto del teorema di Schwartz sull’invertibilit`a dell’ordine di derivazione parziale:
f(P ) − f (Q) = 1
2fxx(Q) (x − x0)2+ 2fxy(Q) (x − x0) (y − y0) + fyy(Q) (y − y0)2 Se ρ = P0P =
q
(x − x0)2+ (y − y0)2, poniamo:
x− x0
ρ = λ1, y− y0
ρ = λ2, (7)
2 PUNTI ESTREMALI
assumendo P ∈ Iδ(P0) − {P0}, `e ρ > 0. Inoltre dalle (7) tenendo conto dell’espressione di ρ, segue:
λ21+ λ22 = 1 (8)
Abbiamo:
f(P ) − f (P0) = ρ2
2ψ(Q, λ1, λ2) , (9)
dove
ψ(Q, λ1, λ2) = fxx(Q) λ21+ 2fxy(Q) λ1λ2+ fyy(Q) λ22, (10) Per ipotesi le funzioni fxx, fyy, fxy sono continue in A, per cui:
fxx(Q) = fxx(P0) + α (Q) (11)
fxy(Q) = fxy(P0) + β (Q) fyy(Q) = fyy(P0) + γ (Q) ,
essendo le funzioni α (Q) , β (Q) , γ (Q) infinitesime per Q → P0. Sostituendo le (11) nelle (10), si ha:
ψ(Q, λ1, λ2) = fxx(P0) λ21+ 2fxy(P0) λ1λ2 + fyy(P0) λ22+ ω (Q, λ1, λ2) , (12) dove
ω(Q, λ1, λ2) = α (Q) λ21+ β (Q) λ1λ2+ γ (Q) λ22 Risulta |λk| ≤ 1, per cui:
Q→Plim0
ω(Q, λ1, λ2) = 0 La (12) pu`o essere scritta come:
ψ(Q, λ1, λ2) = φ (λ1, λ2) + ω (Q, λ1, λ2) , essendo:
φ(λ1, λ2) = fxx(P0) λ21+ 2fxy(P0) λ1λ2+ fyy(P0) λ22, (13) che `e una forma quadratica nelle variabili λ1, λ2 e di coefficienti fxx(P0) , fxy(P0) , fyy(P0). Quindi:
f(P ) − f (P0) = ρ2
2 [φ (λ1, λ2) + ω (Q, λ1, λ2)] , (14) da cui vediamo che per Q → P0, la differenza f (P ) − f (P0) ha lo stesso segno della forma quadratica φ(λ1, λ2). Per essere pi`u precisi, supponiamo che φ (λ1, λ2) sia definita positiva:
φ(λ1, λ2) ≥ 0, ∀λ1, λ2
φ(λ1, λ2) = 0 ⇐⇒ λ1 = λ2 = 0
Tuttavia dalla (8) segue (λ1, λ2) 6= (0, 0). Pi`u specificatamente, φ : Λ → R, dove Λ =(λ1, λ2) ∈ R2 | λ21+ λ22 = 1
cio`e φ `e definita sulla circonferenza del piano λ1λ2centrata nell’origine e di raggio unitario. Inoltre, φ
`e manifestamente continua in Λ che `e un insieme chiuso e limitato =⇒ φ `e dotata di minimo assoluto in Λ. Poniamo
µ= min
Λ φ, avendosi µ > 0, giacch`e φ (λ1, λ2) > 0, ∀λ1, λ2 ∈ Λ. Inoltre:
Q→Plim0ω(Q, λ1, λ2) = 0 =⇒
∃Γ∆µ(P0) ⊂ Iδ(P0) | Q ∈ Γ∆µ(P0) − {P0} =⇒ |ω (Q, λ1, λ2)| ≤ µ 2 ,
per cui:
Q∈ Γ∆µ(P0) − {P0} =⇒ ψ (Q, λ1, λ2) = φ (λ1, λ2) + ω (Q, λ1, λ2)
≥ φ (λ1, λ2) − |ω (Q, λ1, λ2)| ≥ µ − µ 2 = µ
2 >0 E allora dalla (9)
f(P ) − f (P0) = ρ2
2ψ(Q, λ1, λ2) > 0,
onde P0 `e punto di minimo relativo proprio. Passiamo ora al caso in cui φ (λ1, λ2) `e definita negativa, onde φ (λ1, λ2) < 0, ∀λ1, λ2 ∈ Λ. Ne consegue che φ `e dotata di massimo assoluto
−µ = max
Λ φ <0 Quindi
Q∈ Γ∆µ(P0) − {P0} =⇒ ψ (Q, λ1, λ2) = φ (λ1, λ2) + ω (Q, λ1, λ2)
≥ φ (λ1, λ2) + |ω (Q, λ1, λ2)| ≤ −µ + µ
2 = −µ 2 <0
Ne consegue che P0 `e punto di massimo relativo proprio. Passiamo all’ultimo caso: φ (λ1, λ2) `e indefinita. Ci`a implica che al variare di (λ1, λ2) su Λ troviamo punti in cui `e φ > 0 e altri per i quali φ <0. Ne consegue che φ `e dotata di minimo assoluto −µ e massimo assoluto µ′ >0. Cio`e:
∃ (λ′1, λ′2) ∈ Λ | −µ = φ (λ′1, λ′2) = min
Λ φ
∃ (λ′′1, λ′′2) ∈ Λ | µ′ = φ (λ′′1, λ′′2) = max
Λ φ
Inoltre:
Q→Plim0
ω(Q, λ1, λ2) = 0 =⇒
∃Γ∆µ,µ′ (P0) ⊂ Iδ(P0) | Q ∈ Γ∆µ,µ′ (P0) − {P0}
=⇒ |ω (Q, λ1, λ2)| ≤ µ2, |ω (Q, λ1, λ2)| ≤ µ2′ Pertanto:
∀ρ ∈ (0, ∆µ,µ′) , P′(x0+ ρλ′1, y0+ ρλ′2) , P′′(x0+ ρλ′′2, y0+ ρλ′′2) ∈ Γ∆µ,µ′(P0) , per cui
f(P′) − f (P0) = ρ2
2 [φ (λ′1, λ′2) + ω (Q, λ′1, λ′2)]
= ρ2
2 [−µ + ω (Q, λ′1, λ′2)] ≤ ρ2
2 [−µ + |ω (Q, λ′1, λ′2)|]
≤ ρ2 2
−µ + µ 2
= −1
4ρ2µ <0 f(P′′) − f (P0) = ρ2
2 [φ (λ′′1, λ′′2) + ω (Q, λ′′1, λ′′2)]
= ρ2
2 [µ′ + ω (Q, λ′′1, λ′′2)] ≥ ρ2
2 [µ′− |ω (Q, λ′′1, λ′′2)|]
≥ ρ2 2
µ′− µ′ 2
= 1
4ρ2µ′ >0 Ne consegue:
∀ρ ∈ (0, ∆µ,µ′) , ∃P′, P′′ ∈ Iρ(P0) − {P0} | f (P′) < f (P0) , f (P′′) > f (P0) ,
2 PUNTI ESTREMALI
onde l’asserto.
Nel caso particolare n = 2 il teorema appena dimostrato fornisce un criterio di facile applicabilit`a.
Ricordiamo innanzitutto che data la forma quadratica (13) che qui riscriviamo φ(λ1, λ2) = fxx(P0) λ21+ 2fxy(P0) λ1λ2+ fyy(P0) λ22, il suo discriminante `e.
H(P0) = fxx(P0) fyy(P0) − [fxy(P0)]2, che pu`o essere scritto come:
H(P0) =
fxx(P0) fxy(P0) fyx(P0) fzz(P0)
(15) e si chiama hessiano della funzione f nel punto P0. Per quanto visto, H (P0) `e il determinante della matrice hessiana della funzione f nel punto P0:
fxx(P0) fxy(P0) fyx(P0) fzz(P0)
Per una nota propriet`a delle forme quadratiche, il teorema 5diventa:
Teorema 5 Hp:
1. f `e continua in A ed `e di classe C2 in ˚A;
2. P0(x0, y0) ∈ ˚A `e punto estremale per f.
Th. Considerata la forma quadratica:
φ(λ1, λ2) = fxx(P0) λ21+ 2fxy(P0) λ1λ2+ fyy(P0) λ22 nelle variabili λ1, λ2, si ha:
A H(P0) > 0, fxx(P0) > 0 =⇒ P0 `e punto di minimo relativo proprio;
B H(P0) > 0, fxx(P0) < 0 =⇒ P0 `e punto di massimo relativo proprio;
C H(P0) < 0 =⇒ P0 non `e punto di estremo relativo.
Questo teorema lascia indeterminato il caso H (P0) = 0, in cui `e necessario studiare il segno della differenza di f (P ) − f (P0) in un intorno di P0.
Definizione 6 Un punto estremale che non `e punto di estremo relativo, si dice punto di sella.
Osservazione 7 Se fxx(P0) < 0, si ha H (P0) < 0 onde P0 `e punto di sella.
Esercizio 8 Determinare gli estremi relativi di f (x, y) = 2x3+ 6xy + y2. Svolgimento.
La funzione assegnata `e di classe C∞ in R2 per cui possiamo applicare il teorema 5. Le derivate parziali prime sono:
fx(x, y) = 6x2+ 6y, fy(x, y) = 6x + 2y Le coordinate cartesiane dei punti estremali sono le soluzioni del sistema:
x2+ y = 0 3x + y = 0
Dalla seconda equazione y = −3x che sostituita nella prima ci da x2 − 3x = 0 ⇐⇒ x = 0, 3
Quindi i punti estremali sono P0(0, 0) e P0′(3, −9). Calcoliamo le derivate parziali del secondo ordine:
fxx(x, y) = 12, fxy(x, y) = 6, fyy(2) , da cui l’hessiano H (x, y) = 12 (2x − 3). Abbiamo:
H(P0) = −36 =⇒ P0 non `e punto di estremo relativo
H(P0′) = 36, fxx(P0′) = 36 =⇒ P0 `e punto di minimo relativo L’esercizio seguente `e tratto da [1].
Esercizio 9 Determinare gli estremi relativi di
f(x, y) = x2+ 3y2 e1−(x2+y2) (16) Svolgimento
f `e di classe C∞ su R2. Le derivate parziali prime sono:
fx(x, y) = 2xe1−(x2+y2) 1 − x2+ 3y2
(17) fy(x, y) = 2ye1−(x2+y2) 3 − x2+ 3y2
I punti estremali sono le soluzioni del sistema di equazioni:
x [1 − (x2+ 3y2)] = 0
y[3 − (x2+ 3y2)] = 0 , (18)
che ammette la soluzione banale (x, y) = (0, 0). Inoltre per x 6= 0, y = 0 il sistema si scrive:
x2+ 3y2 = 1 0 = 0
cio`e x2 = 1 e y = 0, da cui la coppia di soluzioni (−1, 0) , (1, 0). Per y 6= 0, x = 0:
0 = 0
x2+ 3y2 = 3
Cio`e x = 0, y2 = 1, da cui la coppia di soluzioni (0, −1) , (0, 1). In definitiva abbiamo i punti critici Pk ∈ R2:
P1(0, 0) , P2(−1, 0) , P3(1, 0) , P4(0, −1) , P5(0, 1) Calcoliamo le derivate parziali seconde. Iniziamo con fxx(x, y).
fxx(x, y) = ∂
∂x
h2xe1−(x2+y2) − 2xf (x, y)i
= 2e1−(x2+y2) + 2xe1−(x2+y2) (−2x) − 2f (x, y) − 2xf (x, y)
= 2e1−(x2+y2) − 4x2e1−(x2+y2) − 2f (x, y) − 4x2e1−(x2+y2) + 4x2f(x, y) 2e1−(x2+y2) − 8x2e1−(x2+y2) + 4x2 − 2 f (x, y)
2e1−(x2+y2) − 8x2e1−(x2+y2) + 4x2 − 2
x2+ 3y2 e1−(x2+y2)
= e1−(x2+y2) 2 − 8x2+ 4x2− 2
x2+ 3y2
2 PUNTI ESTREMALI
Cio`e:
fxx(x, y) = 2e1−(x2+y2) 2x4− 5x2 + 6x2y2− 3y2+ 1
(19) Calcoliamo fxy(x, y).
fxy(x, y) = ∂
∂y
h2xe1−(x2+y2) − 2xf (x, y)i
= 2xe1−(x2+y2) (−2y) − 2xfy(x, y)
= −4xye1−(x2+y2) − 4xye1−(x2+y2) 3 − x2+ 3y2
Cio`e:
fxy(x, y) = 4e1−(x2+y2)xy x2 + 3y2− 4
(20) Infine:
fyy(x, y) = 2e1−(x2+y2) 3 − 15y2+ 6y4− x2+ 2x2y2
(21) Calcoliamo l’hessiano nei punti trovati:
H (0, 0) = 12e2
fxx(0, 0) = 2e =⇒ P1(0, 0) `e punto di minimo relativo H(−1, 0) = −16 =⇒ P2(−1, 0) `e punto di sella
H(1, 0) = −16 =⇒ P3(1, 0) `e punto di sella
H (0, −1) = 48
fxx(0, 0) = −4 =⇒ P4(0, −1) `e punto di massimo relativo
H (0, 1) = 48
fxx(0, 1) = −4 =⇒ P5(0, 1) `e punto di massimo relativo
Data la mole di calcoli, [1] fornisce una routine in ambiente Mathematica che permette la ricerca degli estremi relativi di una funzione di due variabili. Inoltre `e possibile utilizzare tale ambiente per distinguere i punti estremali dai punti di sella, ricostruendo le curve di livello della funzione.
Ricordiamo che le curve di livello di una funzione f : A → R con A ⊆ R2, sono curve del piano xy di equazione:
f(x, y) = C, con C ∈ f (A) (22)
Abbiamo, dunque, una famiglia di curve di livello:
F =Γ ⊂ R2 | Γ : f (x, y) = C, C ∈ f (A)
(23) Ciascuna curva di livello `e univocamente individuata dalla costante C ∈ f (A). Supponiamo, ad esempio, che la funzione sia f (x, y) = x2y, da cui A = R2 f(A) = R. Le curve di livello di questa funzione compongono la famiglia di iperboli equilatere:
F =
Γ ⊂ R2 | Γ : y = C
x2, C ∈ R
,
e per C = 0 l’iperbole degenera nell’asse x. Dalla (22) vediamo che la generica curva di livello `e data in forma implicita. Nei casi pi`u semplici, la (22) pu`o essere esplicitata rispetto a una delle variabili x, y. Se, invece, l’espressione analitica della funzione f non consente di esplicitare la (22), allora si ricorre a un sistema di computer algebra per ricostruire in software le curve di livello. Ad esempio, nel caso della funzione (16), si ha:
x2+ 3y2 e1−(x2+y2) = C,
0.33 0.33
0.66 0.66
0.99
0.99
1.32 1.32
1.65
1.65
1.98 1.98
2.31
2.31
2.64 2.64
-2 -1 1 2
x
-2 -1 1 2 y
Figura 1: Curve di livello della funzione f (x, y) = (x2+ 3y2) e1−(x2+y2). Le cifre indicano i valori di C tali che (x2+ 3y2) e1−(x2+y2) = C.
che non sappiamo esplicitare. Mathematica dispone del comando ContourPlot[] in cui si specifica la cardinalit`a dell’insieme di curve di livello da visualizzare. In fig. 1 riportiamo l’insieme composto da 8 curve di livello della funzione assegnata. Da tale figura vediamo la presenza dei punti di estremo relativo P1(0, 0) , P4(0, −1) , P5(0, 1) e dei punti di sella P2(−1, 0) , P3(1, 0).
Per quanto precede, ricostruendo in software le curve di livello di una assegnata funzione f (x, y)
`e possibile dedurre la presenza di punti di estremo relativo, senza per`o distinguere i massimi dai minimi (relativi). Un aiuto in tal senso `e dato da un density plot, come illustrato in fig. 2. Qui `e ben visibile la presenza di un minimo relativo nell’origine (una buca) e di due massimi relativi in (0, ±1).
La presenza di punti di estremo relativo pu`o essere rilevata dal tracciamento delle sezioni della superficie z = f (x, y) con uno dei piani coordinati Ad esempio:
z = f (x, y)
x= 0 ⇐⇒ z = g (y) , dove
g(y) = f (0, y) = 3y2e1−y2 Nell’intervallo y ∈−52,52, otteniamo il grafico di fig. 3.
In maniera simile:
z = f (x, y)
y= 0 ⇐⇒ z = h (x) , dove
h(x) = f (x, 0) = x2e1−x2 Nell’intervallo x ∈ [−2, 2], otteniamo il grafico di fig. 4.
Possiamo ora tracciare il grafico della funzione in cui sono ben visibili i punti di estremo relativi (cfr. fig. )
2 PUNTI ESTREMALI
-2 -1 1 2
x
-2 -1 1 2 y
Figura 2: Un density plot della funzione f (x, y) = (x2+ 3y2) e1−(x2+y2).
-
5
2 -1
5
1 2
y 0.5
1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 z
Figura 3: Grafico della sezione di z = f (x, y) con il piano coordinato yz.
-2 -1 1 2 x 0.2
0.4 0.6 0.8 1.0 z
Figura 4: Grafico della sezione di z = f (x, y) con il piano coordinato xz.
Figura 5: Grafico della funzione f (x, y) = (x2+ 3y2) e1−(x2+y2).
RIFERIMENTI BIBLIOGRAFICI
Riferimenti bibliografici
[1] Wagon S., 1992. Guida a Mathematica, MacGrawHill, Torino.