DIPARTIMENTO DI FARMACIA UNIVERSITÀ DEGLI STUDI DI SALERNO
C. A. Mattia
Chimica analitica
C. A. Mattia 2
Acidi e basi forti
Per una soluzione contenente la concentrazione Cadi un acido forte HA si possono scrivere le seguenti equazioni:
[A-] = Ca (bilancio di massa)
[H+] = [A-] + [OH-] (bilancio di carica)
[H+]•[OH-] = Kw (autoprotolisi dell’acqua) Il sistema è descritto da tre equazioni in tre incognite ([A-], [H+] e [OH-]).
Tenendo presente che [OH-] = Kw/[H+] si ricava:
([H+]2– Ca•[H+] – Kw= 0)
Analogamente, per una soluzione contenente la concentrazione Cbdi un base forte, si ha:
] [H C K ]
[H a W
] [OH C K
]
[OH b W
C. A. Mattia 3
Acidi e basi forti
Il pH di una soluzione contenente un acido forte è uguale a -log(Ca) (e quello di una soluzione contenente una base forte è uguale a -log(Cb)) solo se il contributo dell’acqua è trascurabile ovvero se [OH-] (Kw/[H+]) è trascurabile nell’espressione
Per una miscela di acidi (o basi) forti, trascurando la dissociazione dell’acqua, si ha
dove n tiene conto dei sistemi poliprotici.
] [H C K ]
[H a W
i
i i b
a
iC [OH ] nC
n ] [H
C. A. Mattia 4
Esempi
Qual è il pH di una soluzione 0,129M in HCl e 0,045M in HNO3? [H+] ≈ 0,129 + 0,045 = 0,174M; pH = 0,76
Qual è il pH di una soluzione 0,129M in NaOH e 0,045M in KOH.
[OH-] ≈ 0,129 + 0,045 = 0,174M; pOH = 0,76; pH = 12,34 Qual è il pH di una soluzione 0,129M in NaOH e 0,045M in Ca(OH)2.
[OH-] ≈ 0,129 + 2•0,045 = 0,219M; pOH = 0,66; pH = 13,34 Calcolare il pH di una soluzione ottenuta mescolando 300ml di HCl 0,129M e 200ml di HNO30,045M.
Considerando i volumi additivi le concentrazioni dei due acidi sono rispettivamente 0,129•0,300/(0,300 + 0,200) = 0,0774M e 0,045•0,200/(0,300 + 0,200) = 0,0180M.
[H+] ≈ 0,0774 + 0,0180 = 0,0954M; pH = 1,02
C. A. Mattia 5
Acido forte e base forte
Un acido e una base forte danno luogo a neutralizzazione (HA + BOH A- + B+ + H2O), formando ioni che non subiscono idrolisi.
A secondo del reagente limitante la soluzione sarà acida (CHA > CBOH), basica (CHA < CBOH) o neutra (CHA= CBOH).
Per sistemi poliprotici bisogna considerare il numero di H+ o OH- presenti:
3H2A + 2B(OH)3 3A2- + 2B3+ + 6H2O.
La soluzione sarà acida se ⅔•Ca > Cb, basica se
⅔•Ca < Cb, o neutra se ⅔•Ca = Cb.
C. A. Mattia 6
Esempi
Qual è il pH di una soluzione 0,129M in HCl e 0,045M in NaOH?
[H+] ≈ 0,129 - 0,045 = 0,084M; pH = 1,08
Qual è il pH di una soluzione 0,129M in HCl e 0,045M in Ca(OH)2. [H+] ≈ 0,129 - 2•0,045 = 0,039M; pH = 1,41
Qual è il pH di una soluzione 0,129M in HCl e 0,095M in Ca(OH)2. [OH-] ≈ 2•0,095 - 0,129 = 0,061M; pOH = 1,21; pH = 12,79 Qual è il pH di una soluzione 0,190M in HCl e 0,095M in Ca(OH)2.
[H+] = 0,190 - 2•0,095 (+ 1,00•10-7)= 1,00•10-7M; pH = 7,00 Calcolare il pH di una soluzione ottenuta mescolando 300ml di HCl 0,129M e 200ml di NaOH 0,045M.
Considerando i volumi additivi le concentrazioni dell’acido e della base sono rispettivamente 0,129•0,300/(0,300 + 0,200) = 0,0774M e 0,045•0,200/(0,300 + 0,200) = 0,0180M.
[H+] ≈ 0,0774 - 0,0180 = 0,0594M; pH = 1,23
7
Sistemi acido-base coniugati
Le costanti di dissociazione dell’acido e della base di una coppia coniugata non sono indipendenti:
] [A
] [OH Kb [HA]
[HA] ] [A ] Ka [H
14 w
b
a [H ] [OH ] K 1,0 10
] [A
] [OH [HA]
[HA]
] [A ] K [H
K
8
pH Acidi deboli
Il calcolo del pH di una soluzione contenente un acido debole è abbastanza complesso. Si può dimostrare che la concentrazione idrogenionica in una soluzione contenente un acido debole è calcolabile mediante l’equazione esatta:
] [H
K ] [H K
C ] K
[H W
a a a
L’equazione deriva dal bilancio di carica [H+] = [A-] + [OH-], dove [A-] si ricava dal bilancio di massa Ca= [A-] + [HA] e dalla costante di dissociazione Ka = [A-]•[H+]/[HA] e [OH-] dalla costante di dissociazione dell’acqua.
Solo se possono essere accettate alcune approssimazioni l’equazione diventa:
a a a
a W a
a
a [H ] K C
] [H
C K ] [H
K ] [H K
C ] K
[H
C. A. Mattia 9
Acidi deboli
Il calcolo del pH di una soluzione contenente un acido debole deve sempre essere eseguito tenendo presente quanto detto nella diapositiva precedente. Trascurando l’ultimo termine, si può usare l’equazione
] [H K
C ] K
[H
a a a
Ovviamente si deve verificare, alla luce del risultato, che gli ioni idrogeno provenienti dalla dissociazione dell’acqua siano effettivamente trascurabili.
2
C K 4 K ] K
[H a a
2 a
a
C. A. Mattia 10
Acidi deboli
HA H+ + A-
Ka= [H+]•[A-]/[HA] [HA] + [A-] = Ca logKa= log[H+] + log [A-] – log[HA]
log[A-] – log[HA] = pH – pKa [H+] >> Ka pH < pKa [HA] ≈ Ca
[H+] << Ka pH > pKa [A-] ≈ Ca
pH < pKa log[HA] ≈ logCa
log[A-] ≈ pH – pKa+ logCa
pH > pKa log[A-] ≈ logCa
log[HA] ≈ -pH + pKa+ logCa
C. A. Mattia 11
Acidi deboli
Ka= 1,00•10-5 Ca= 0,100M
pKa= 5,00 logCa= -1,00
HA A-
OH- H+
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
-2
-4
-6
-8 pH
log[ ] log[HA] ≈ logCa
log[A-] ≈ logCa
C. A. Mattia 12
Acidi deboli
HA A-
OH- H+
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
-2
-4
-6
-8 pH
log[ ] pKa= 9,00
Ca= 0,100 M
C. A. Mattia 13
Acidi deboli
HA OH- A-
H+
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
-2
-4
-6
-8 pH
log[ ] pKa= 9,00
Ca= 0,00100 M
C. A. Mattia 14
Titolazione
Nell'analisi volumetrica la concentrazione di analita viene determinata mediante titolazione, cioè mediante aggiunta di un volume noto di una soluzione di reattivo a concentrazione nota, il titolante, che reagisce quantitativamente con l'analita in esame.
Il
punto di arresto
(o punto finale) della titolazione, punto al quale vengono interrotte le aggiunte di titolante, deve essere il più possibile vicino alpunto equivalente
, cioè al punto al quale si sarebbe pervenuti dopo aver aggiunto la quantitàesattamente stechiometrica
di titolante.15
Titolazione
L’errore di titolazione (differenza punto finale rispetto al punto equivalente) è piccolo se:
la reazione tra analita e titolante è rapida (condizione verificata in tutte le titolazioni acido- base), quantitativa e a stechiometria nota;
non si verificano reazioni collaterali del titolante con interferenti, con l'ossigeno disciolto in soluzione o con l'anidride carbonica, ecc.;
è possibile reperire un indicatore, cioè una sostanza che permetta di identificare il punto equivalente cambiando di colore in vicinanza di esso (viraggio).
16
essere stabile e reagire rapidamente completamente e selettivamente con l’analita;
poter essere reperito facilmente e deve essere essiccabile (preferibilmente a 110-120°C) e conservabile allo stato puro;
rimanere inalterato durante le operazioni di pesata (non deve essere igroscopico, ossidabile all'aria o assorbire anidride carbonica);
poter essere analizzato con metodi idonei al fine della determinazione della purezza (maggiore del 99,98%);
avere preferibilmente un alto peso molecolare in modo da minimizzare l'errore di pesata;
essere facilmente solubile nel solvente (acqua).
Uno standard primario è una sostanza che può essere usata per preparare soluzione a concentrazione nota con esattezza.
Uno standard primario deve:
Titolante
C. A. Mattia 17
La concentrazione di una soluzione standard, ovvero nella quale è nota la concentrazione di un dato analita, viene stabilita:
mediante dissoluzione di una quantità nota di standard primario (metodo diretto);
mediante titolazione con uno standard primario (standardizzazione; se la soluzione standardizzata è usata per titolare una soluzione incognita, allora è detta standard secondario).
Titolante
C. A. Mattia 18
Per standardizzare una soluzione di HCl, sono eseguite 4 titolazioni di soluzioni standard di carbonato sodico puro essiccato a 260°C.
Massa di carbonato (g): Volume di HCl (ml):
0,2020 32,32
0,1992 32,10
0,2085 33,34
0,1903 30,82
Calcolare la molarità della soluzione di acido cloridrico (P = 95%).
La procedura suggerisce di pesare c.e. (circa esattamente) 0,2 g di carbonato di sodio anidro e di portarlo in soluzione in una beuta con acqua deionizzata (Vfin 150 ml) e di titolare con l’acido cloridrico dopo aggiunta di 2-3 gocce di metilarancio. La buretta, contenente l’acido, è tarata in decimi di millilitro.
Esempio
C. A. Mattia 19
CHCl= 0,1174 ± 0,0011 M (P = 95%; n = 4) CHCl= 0,1174 ± 0,0011 M ( = 0,05; = 3)
Esempio
C. A. Mattia 20
La curva di titolazione è il grafico ottenuto riportando in ordinate il logaritmo negativo di una concentrazione (pH, pCl, pMg, ecc.) o un segnale (per es. potenziale) in funzione del volume di titolante.
Un esempio classico è quello della titolazione di un acido forte con una base forte. Nel caso della titolazione di HCl 0,1 M con NaOH 0,1 M si ha la curva di titolazione riportata in figura.
Esistono titolazioni acido-base, di precipitazione, di complessazione di ossidoriduzione, ….
HCl 0,1 M + NaOH 0,1 M
0 25 50 75 100
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
Volume di NaOH (ml)
pH
pHpe
Tipi di curve di titolazione
C. A. Mattia 21
Titolazioni di neutralizzazione
Gli indicatori normalmente usati per l'identificazione del punto di arresto di una titolazione acido-base sono coppie coniugate acido/base caratterizzate dal fatto che l'acido e la base coniugati (indicati con HIn e In-) hanno diverso colore.
Nel caso di un indicatore generico HIn, avente costante di dissociazione acida Kin, si ammette di riuscire a distinguere il colore dell'acido o della base coniugata quando il rapporto [In-]/[HIn] è uguale a 0,1 o 10, rispettivamente.
L'intervallo di pH corrispondente a questa variazione del rapporto [In-]/[HIn] è ovviamente dato da
pH = pKIn ± 1
Normalmente si assume che il viraggio di un indicatore avvenga in circa due unità di pH. Gli intervalli di viraggio riportati nella prossima diapositiva non sono perfettamente uguali a due unità di pH, o simmetrici a cavallo di pH = pKIn, perché la diversa intensità delle colorazioni implica una diversa sensibilità visiva.
C. A. Mattia 22
Indicatori
23
Indicatori
24
Gamma di colori che il metilarancio assume in funzione del pH.
L'indicatore deve essere aggiunto nella quantità minima necessariaper poter osservare il viraggio.
In caso contrario potrebbe consumare una frazione non indifferente di titolante.
Indicatori
C. A. Mattia 25
Indicatori
HA A-
OH- H+
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
-2
-4
-6
-8 pH
log[ ]
C. A. Mattia 26
Titolazione acido forte con base forte
Il pH durante la titolazione può essere calcolato
prima del p.e. Eq. 1
al p.e. Eq. 2
dopo il p.e. Eq. 3
b a
b b a a
V V
V C V H C
H 1,0107M
b a
a a b b
V V
V C V
OH C
0 25 50 75 100
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
Volume di NaOH (ml)
pH
a
b pHpe
Curve di titolazione di
a) HCl 0,1 M con NaOH 0,1 M.
b) HCl 0,001 M con NaOH 0,001 M.
Perché Ca Cb?
Qual’è l’effetto della concentrazione?
C. A. Mattia 27
Scelta dell’indicatore
La figura riporta due curve di titolazione ottenute titolando
HCl 0,05 M con NaOH 0,1000 M,
HCl 0,0005 M con NaOH 0,0010(00) M.
Quale indicatore scegliereste nei due casi?
Perché si commette un errore trascurabile anche se non ci si ferma al pHpe?
C. A. Mattia 28
pH di soluzioni tampone
Sistema di 5 equazioni in 5 incognite:
Kw= [H+]•[OH-] = 1,00•10-14 Ka[HA] = [H+]•[A-]
CA= [Na+]
CHA+ CA= [HA] + [A-] [Na+] + [H+] = [OH-] + [A-]
] [ ] [
] [ ] ] [
[
H OH C
H OH K C
H
A HA a
] [
] ] [
[
H C
H K C
H
A HA a A
HA a C K C H] [
……….
Come al solito esistono un’equazione esatta e più equazioni approssimate.
Equazione di Henderson-Hasselbalch
HA in presenza di NaA
C. A. Mattia 29
Effetto della diluizione sul pH
di una soluzione tampone (pKa= 4), di un acido debole,
di un acido forte.
Proprietà soluzioni tampone
Capacità tampone
pH = pKa
C. A. Mattia 30
Anche le soluzioni contenenti una coppia coniugata di un acido poliprotico, quali per esempio le coppie coniugate H2PO4-/H3PO4, HPO42-/H2PO4-, PO43-/HPO42-, CO32-/HCO3-, ecc., sono soluzioni tampone. Gli acidi poliprotici costituiscono quindi sistemi tampone multipli.
In laboratorio non conviene preparare una soluzione tampone mescolando le quantitàcalcolatedi acido e base coniugati.
Infatti, le equazioni per il calcolo del pH delle soluzioni tampone forniscono soluzioni approssimate, in quanto nell'applicarle bisognerebbe usare le attività e non le concentrazioni: specialmente nel caso di soluzioni tampone caratterizzate da una elevata forza ionica e/o in presenza di specie recanti cariche multiple (ioni fosfato, citrato, ecc.), le attività in soluzione sono significativamente minori delle concentrazioni calcolate.
Inoltre, nel caso la temperatura fosse diversa da 25°C, nei calcoli bisognerebbe usare i valori delle varie costanti di equilibrio validi alla temperatura di lavoro.
Soluzioni tampone
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Il metodo di preparazione più conveniente consiste nel portare in soluzione, in un matraccio tarato, la quantità di base o di acido coniugati necessaria per realizzare la molarità richiesta, portare il pH al valore corretto mediante aggiunte successive di base forte o, rispettivamente, acido forte concentrati (all'incirca 1 M) e quindi portare a volume.
Se il pH finale non deve essere controllato con molta precisione, l'operazione può essere effettuata anche leggendo il pH con cartine indicatrici: ne esistono di indelebili (che non contaminano la soluzione) e che permettono la misurazione del pH a ± 0,1-0,3 unità.
Altrimenti è necessario usare un elettrodo a vetro ed un pHmetro.
31
Soluzioni tampone
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Titolazione acido debole con base forte Acido acetico 0,1M con
NaOH 0,10M.
Acido acetico 0,001M con NaOH 0,0010 M
Perché nella prima metà della titolazione la curva è diversa da quelle relative alla titolazione di un acido forte con una base forte?
Qual’è il pH a metà titolazione?
pH50%= pKa
C. A. Mattia 33
Acidi e basi polifunzionali
Un acido che può cedere più di un protone si definisce poliprotico; a sua volta una base poliprotica è una specie capace di accettare più protoni.
L’acido fosforico presenta i seguenti equilibri acidi:
H3PO4+ H2O H2PO4-+ H3O+ Ka1= 7,5210-3 H2PO4-+ H2O HPO42-+ H3O+ Ka2= 6,2310-8 HPO42-+ H2O PO43-+ H3O+ Ka3= 4,4110-13 La forza decresce con la perdita di protoni (Ka1> Ka2> Ka3).
H3PO4+ 3H2O PO43-+ 3H3O+ Ktot= Ka1Ka2Ka3 Lo ione fosfato presenta i seguenti equilibri basici:
PO43-+ H2O HPO42-+ OH- Kb1= 2,2710-2 HPO42-+ H2O H2PO4-+ OH- Kb2= 1,6110-7 H2PO4-+ H2O H3PO4+ OH- Kb3= 1,3310-12 La forza decresce con l’acquisto di protoni (Kb1> Kb2> Kb3).
PO43-+ 3H2O H3PO4+ 3OH- Ktot= Kb1Kb2Kb3 Le costanti acidi e basiche sono collegate fra loro.
Ka1Kb3= KW; Ka2Kb2= KW; Ka3Kb1= KW
C. A. Mattia 34
Acidi poliprotici deboli
Ka1= 1,00•10-4 Ka2 = 1,00•10-9 Ca= 0,100M pKa1 = 4,00 pKa2 = 9,00 logCa= -1,00
H2A HA-
OH-
H+
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
-2
-4
-6
-8 pH
log[ ] A2-
] log[A pK pK 2pH A]
log[H
A]
[H ] [A ] K [H K
2 a2 a1 2
2 2 2 a2 a1
A]
log[H pK pK 2pH ] log[A
A]
[H ] [A ] K [H K
2 a2 a1 2
2 2 2 a2 a1
C. A. Mattia 35
Titolazione del carbonato sodico con HCl
Carbonato 0,1 M + HCl 0,1000 M
3.8
50 100
0 25 50 75 100 125 150
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14
Volume
pH
Si tratta della titolazione di una base debole con un acido forte.
La base debole è poliprotica.
Sono visibili 2 salti di pH e determinabili 2 punti di equivalenza.
Il secondo salto di pH è più netto del primo.
Titolando in presenza di metilarancio si determina il secondo punto di arresto (il primo con fenolftaleina).
CO32-+ 2H+ = H2O + CO2
35
C. A. Mattia 36
Elettroliti anfoteri
NaHA → Na++ HA-
HA-(+ H2O) A-2+ H+ Ka2
HA-+ H2O H2A + OH- Kb2 = Kw/Ka1
per Ka2>> Kwe Cs>> Ka1
HA- + HA- H2A + A-2 base1 acido2 acido1 base2
1 a s
s 2 a w
K / C 1
C K ] K
H
[
2 a 1
a
K
K ]
H
[
2 2
2 2 2
2 a2
a1 [H ]
A]
[H ] ] [A
] [H [HA
] [A ] [H A]
[H
] [HA ] K [H
K
C. A. Mattia 37
Idrolisi salina
AB → A-+ B+ A-+ H2O HA + OH- B++ H2O BOH + H+
[A-]; [B+]; [HA]; [BOH]; [H+]; [OH-]
[HA]•Ka= [H+]•[A-] [BOH]•Kb= [B+]•[OH-] [A-] + [HA] = Cs [B+] + [BOH] = Cs [A-] + [OH-] = [B+] + [H+] Kw= [H+]•[OH-]
[H+] << [B+]; [OH-] << [A-] [A-] = [B+]; [HA] = [BOH]
[A-] = Ka•[HA]/[H+] = Kb•[BOH]/[OH-]= [B+] [H+] = [OH-]•Ka•[HA]/ Kb•[BOH]
[H+]2= [H+]•[OH-]•Ka/Kb
b w a a
a b
a
w K K K K /K
K K K ]
[H
C. A. Mattia 38
Idrolisi salina
AB → A-+ B+ A- + H2O HA + OH- B+ + H2O BOH + H+
H+ + OH- H2O
(H2O +)A- + B+ HA + BOH
(Cs-x Cs-x x x )
Ki = [HA]•[BOH]/([A-]•[B+])
Ki = [H+]•([HA]/[H+]•[A-])•[OH-]•([BOH]/[OH-]•[B+]) Ki= Kw/(Ka•Kb)
Ki = x2/(Cs-x)2 x = Cs•Ki½/(1+Ki½)
39
Esempio
Acetato di piridinio (CH3COOC5H5NH) 0,636 M acido acetico Ka= 1,76•10-5
piridina Kb = 1,71•10-9
Ki= 1,00•10-14/(1,76•10-5• 1,71•10-9) = 3,32•10-1 3,32•10-1 = x2/(0,236-x)2 0,576 = x/(0,636-x)
x = 0,232 0,636-x =0,404
[CH3COOH] = [C5H5N] = 0,232 M [CH3COO-] = [C5H5NH+] = 0,404 M [H+] = Ka•[CH3COOH]/[CH3COO-] [H+] = 1,76•10-5• 0,232/0,404 = 1,01•10-5M
pH = 4,99
40
Esempio
Acetato di piridinio (CH3COOC5H5NH) 0,102 M acido acetico Ka= 1,76•10-5
piridina Kb = 1,71•10-9
Ki = 1,00•10-14/(1,76•10-5• 1,71•10-9) = 3,32•10-1 3,32•10-1 = x2/(0,102-x)2 0,576 = x/(0,102-x) x = 3,73•10-2 0,102-x = 6,47•10-2
[CH3COOH] = [C5H5N] = 3,73•10-2M [CH3COO-] = [C5H5NH+] = 6,47•10-2M
[H+] = Ka•[CH3COOH]/[CH3COO-]
[H+] = 1,76•10-5• 3,73•10-2/6,47•10-2 = 1,01•10-5M pH = 4,99
C. A. Mattia 41
Carbonato di ammonio ((NH4)2CO3) 0,150 M acido carbonico K1 = 4,30•10-7 K2 = 5,61•10-11 ammoniaca Kb = 1,79•10-5 ([H2CO3] 0)
NH4+ + CO3-2 NH3 + HCO3-
( 2Cs-x Cs-x x x )
Ki= Kw/(K2•Kb) = 9,96 x = [NH3] = [HCO3-] = 0,138 M
[NH4+] = 0,162 M [CO3-2] = 1,20•10-2M [H+] = K2•[HCO3-]/[CO3-2] = 6,54•10-10M pH = 9,18 [H+] = Kw/Kb•[NH4+]/[NH3] = 6,54•10-10 M pH = 9,18 [H+] = (Kw•K2/Kb)½ = 1,77•10-10M pH = 9,75
Esempio
C. A. Mattia 42
Acidi poliprotici deboli
Il pH di un acido poliprotico è governato dalla prima dissociazione, ovvero si considera trascurabile l’H+ derivante dalle altre dissociazioni.
H3PO4 0,0634M
Ka1 = 7,5210-3 Ka2 = 6,2310-8 Ka3= 4,4110-13 Trascurando la dissociazione dell’acqua, si ricava dalla relazione
[H+] = 0,0184M ([OH-] = 5,44 10-13M). Ne consegue [H2PO4-] = 0,0184M, [H3PO4] = 0,0450M, [HPO42-] = 6,2310-8M, [PO43-] = 1,4910-18M, pH = 1,74.
[H+] =0,0184 + 6,2310-8+ 1,4910-18+ 5,44 10-13= 0,0184M.
K K 4 K C
2]
[H a1 2a1 a1 a
C. A. Mattia 43
Basi poliprotiche deboli
Il pH di una base acido poliprotica è governato dalla prima dissociazione, ovvero si considera trascurabile l’OH-derivante dalle altre dissociazioni.
Na3PO40,0634M
Kb1= 2,2710-2 Kb2= 1,6110-7 Kb3= 1,3310-12 Trascurando la dissociazione dell’acqua, si ricava dalla relazione
[OH-] = 0,0282M ([H+] = 3,54 10-13M).
Ne consegue [HPO42-] = 0,0282M, [PO43-] = 0,0352M, [H2PO4-] = 1,6110-7M,[H3PO4] = 7,5610-18M,pH = 12,45.
[OH-] = 0,0282 + 1,6110-7+ 7,5410-18+ 3,54 10-13= 0,0282M.
K K 4 K C
2]
[OH b1 b12 b1 b
C. A. Mattia 44
Acido forte e acido debole
Il pH di una miscela di acidi forti e deboli è governato dagli acidi forti.
HCl 0,0763M (Cf) e CH3COOH = 0,0634M (Ca) Ka = 1,76•10-5
Trascurando la dissociazione dell’acqua si ha:
[H+] = 0,0763M; pH = 1,12; [CH3COOH] = 0,0634M.
[CH3COO-] = Ka•Ca/[H+] = 1,46•10-5M.
] [H
K ] [H K
C C K
]
[H W
a a
f a
M 0,0763 2
) C (C 4K ) K (C K
] C
[H a f a
2 a f a
f 15