Didattica e Fondamenti degli Algoritmi e della Calcolabilità
Sesta giornata
Risolvere efficientemente un problema in P: Il problema dell’ordinamento: Insertion
Sort
Guido Proietti
Email: guido.proietti@univaq.it
URL: www.di.univaq.it/~proietti/index_personal
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InsertionSort
2 7 4 5 3 1 7 2 4 5 3 1
2 4 7 5 3 1
2 4 5 7 3 1 2 3 4 5 7 1 1 2 3 4 5 7
Approccio incrementale: assumendo che i primi k elementi siano ordinati, estende l’ordinamento ai primi k+1
elementi, inserendo l’elemento in posizione k+1-esima nella giusta posizione rispetto ai primi k elementi
InsertionSort (A)
1. for k=1 to n-1 do
2. x = A[k+1]
3. for j=1 to k+1 do
4. if (A[j] > x) then break 5. if (j < k+1) then
6. for t=k downto j do A[t+1]= A[t]
7. A[j]=x
• Linea 2: elemento x=A[k+1] da inserire nella posizione che gli compete
• Linee 3 e 4: individuano la posizione j in cui va messo x
• Linee 5 e 6: se la posizione j è diversa da k+1, si fa spazio per inserire x, “shiftando” tutti gli elementi da j a k verso destra
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Correttezza
• Si dimostra facendo vedere che alla fine del generico
passo k (k=1,…, n-1) i primi k+1 elementi sono ordinati (si noti la differenza con il Selection Sort, in cui invece dovevamo far vedere anche che erano i più piccoli)
• Induzione su k:
– k=1: banale: si riordinano A[1] e A[2];
– k>1: All’inizio del passo k i primi k elementi sono ordinati (ipotesi induttiva). Allora la tesi segue dal fatto che
l’algoritmo inserisce A[k+1] nella giusta posizione rispetto alla sequenza A[1],…,A[k]
InsertionSort (A)
1. for k=1 to n-1 do
2. x = A[k+1]
3. for j=1 to k+1 do
4. if (A[j] > x) then break 5. if (j < k+1) then
6. for t=k downto j do A[t+1]= A[t]
7. A[j]=x
T(n) = (n)+
(k+1) = (n2)j*≤k+1 confronti k+1–j*
assegnamenti
il tutto eseguito per k=1,…, n-1
k=1 n-1
T(n) = T
best(n) = T
avg(n) = (n
2)
Possiamo fare meglio?
k+1 oper.
Complessità temporale
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1 assegnamento
InsertionSort2 (A)
1. for k=1 to n-1 do
2. x = A[k+1]
3. j = k
4. while j > 0 e A[j] > x do 5. A[j+1] = A[j]
6. j= j-1
7. A[j+1]=x
il tutto eseguito per k=1,…, n-1
tk ≤ 2k assegnam.
T(n)=(n)+
tk ≤ (n)+
2k = (n)+n·(n-1) = (n2) T(n) = O(n
2)
k=1 n-1
k=1 n-1
Una variante dell’IS più efficiente
Si noti che T(n) è AL PIÙ UGUALE ad un polinomio di 2º grado in n, e quindi la
notazione O è perfettamente ESPRESSIVA del valore di T(n)
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Caso migliore, peggiore, e medio di InsertionSort2
• Caso migliore
– array già ordinato in ordine crescente tk = 0
Tbest(n) = (n) (costo del ciclo for esterno)
• Caso peggiore
– array ordinato in ordine decrescente tk = 2k
T(n) =
2k = (n2)• Caso medio
– L’elemento in posizione k+1 ha la medesima probabilità di essere inserito in ciascuna delle k posizioni che lo precedono la sua posizione attesa è k/2 il valore atteso di tk = k
Tavg(n) =
k = (n2)
k=1
k=1 n-1 n-1
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Legge di Murphy?
« Se qualcosa può andar male, lo farà. »
In realtà, negli algoritmi il caso medio costa spesso come il caso peggiore (asintoticamente), in quanto le
strutture di controllo fondamentali degli algoritmi sono i cicli, e spesso il caso medio implica l’esecuzione della metà delle istruzioni di un ciclo, senza quindi avere un abbattimento asintotico della complessità.
Riepilogo
Insertion Sort 2 Insertion Sort 1
Θ(n) Caso migliore Selection Sort Θ(n2)
Θ(n2)
Caso medio Θ(n2) Θ(n2) Θ(n2)
Θ(n2) Θ(n2) Θ(n2) Caso peggiore
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f(n) = W(g(n)) se due costanti c>0 e n
0≥0 tali che f(n) ≥ c g(n) per ogni n ≥ n
0Notazione asintotica W
n0 n
f(n) = W(g(n)) f(n)
c g(n)
Se g(n) è definitivamente diversa da 0 per n ∞
(praticamente, tutti i casi di nostro interesse), avremo che
ovvero f(n)=Ω(g(n) se e solo se f(n) è un infinito di ordine non inferiore a g(n)
11 Copyright © 2004 - The McGraw - Hill Companies, srlLegame con il concetto di limite
W 0 n
g n lim f
n g n
f n
Relazioni tra O, Ω e Θ
n g(n) f n Og n
f
n Og(n) f n Θg n
f
n g(n) f n g n
f W
n g(n) f n Θg n
f W
n g(n) f n g n e f n Og n
f W
Complessità spaziale
Ricordiamo che oltre alla complessità temporale
dobbiamo valutare anche la complessità spaziale di un algoritmo, ovvero lo spazio di memoria necessario per ospitare le strutture di dati utilizzate dall’algoritmo.
La complessità spaziale del Selection Sort e dell’Insertion Sort è Θ(n)
Nota: Se la complessità spaziale di un certo algoritmo è Θ(g(n)), e se tale algoritmo “ispeziona” l’intera memoria occupata, allora la complessità temporale dell’algoritmo è W(g(n)), ovviamente.
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Conseguenze per il problema dell’ordinamento
La complessità spaziale di qualsiasi algoritmo che risolve il problema dell’ordinamento è
W(n)
(dimensione input)…ma qualsiasi algoritmo che risolve il problema
dell’ordinamento deve ispezionare tutti i dati in ingresso, e quindi ha complessità temporale T(n)=W(n)
Tutti gli algoritmi che risolveranno il problema
dell’ordinamento avranno una complessità temporale W(n)
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Delimitazione superiore e inferiore alla complessità di un problema
Definizione (upper bound di un problema):
Un problema P ha una delimitazione superiore alla complessità O(g(n)) rispetto ad una certa risorsa di calcolo (spazio o tempo) se esiste un algoritmo (che quindi abbiamo già progettato) che risolve P e il cui costo di esecuzione rispetto a quella risorsa è O(g(n)) (ad
esempio, nel caso della risorsa tempo, deve essere T(n)=O(g(n))).
Definizione (lower bound o complessità intrinseca di un problema):
Un problema P ha una delimitazione inferiore alla complessità
W(g(n)) rispetto ad una certa risorsa di calcolo (spazio o tempo) se ogni algoritmo (anche quelli non ancora progettati!!!) che risolve P ha costo di esecuzione W(g(n)) rispetto a quella risorsa (ad esempio, nel caso della risorsa spazio, deve essere S(n)= W(g(n))).
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Ottimalità di un algoritmo
Definizione:
Dato un problema P con complessità intrinseca W(g(n))
rispetto ad una certa risorsa di calcolo (spazio o tempo), un algoritmo che risolve P è ottimo (in termini di complessità asintotica) se ha costo di esecuzione O(g(n)) rispetto a
quella risorsa, e quindi la sua complessità asintotica risulta la migliore possibile.
Obiettivo principale di un algoritmista:
Dato un problema P, trovare un algoritmo ottimo (in
genere rispetto alla risorsa tempo) che risolva P. Ciò può essere ottenuto dimostrando da un lato che il problema è intrinsecamente difficile (alzando il lower bound), e
dall’altro progettando algoritmi sempre più efficienti (abbassando l’upper bound).
Quindi, per il problema dell’ordinamento…
• Upper bound temporale: O(n
2)
– Insertion Sort, Selection Sort
• Lower bound temporale: W(n)
– “banale”: dimensione dell’input
Abbiamo un gap lineare tra upper bound e lower bound!
Possiamo fare meglio, ovvero abbassare
l’upper bound e/o innalzare il lower bound ?
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Ordinamento per confronti
Dati due elementi ai ed aj, per determinarne l’ordinamento relativo effettuiamo una delle seguenti operazioni di confronto:
ai aj ; ai aj ; ai aj ; ai aj ; ai aj
Non si possono esaminare i valori degli elementi o ottenere informazioni sul loro ordine in altro modo.
Notare: Tutti gli algoritmi di ordinamento considerati fino ad ora sono algoritmi di ordinamento per confronto.
• Consideriamo un generico algoritmo A, che ordina
eseguendo solo confronti: dimostreremo che A esegue (nel caso peggiore) W(n log n) confronti
• Un generico algoritmo di ordinamento per confronti lavora nel modo seguente:
- Confronta due elementi ai ed aj (ad esempio effettua il test ai aj);
- A seconda del risultato, riordina e/o decide il confronto successivo da eseguire.
Un algoritmo di ordinamento per confronti può essere descritto in modo astratto usando un albero di decisione, nel quale i nodi interni rappresentano i confronti, mentre le foglie rappresentano gli output prodotti
Lower bound W(n log n) per l’ordinamento
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• Descrive le diverse sequenze di confronti che A esegue su un’istanza <a1,a2,…,an> di lunghezza n; i movimenti dei dati e tutti gli altri aspetti dell’algoritmo vengono ignorati
• Nodo interno (non foglia): i:j (modella il confronto tra ai e aj)
• Nodo foglia: i1,i2,…,in (modella una risposta (output) dell’algoritmo, ovvero una permutazione <ai1,ai2,…,ain>
degli elementi)
• L’albero di decisione è associato ad un algoritmo e alla dimensione n dell’istanza
Albero di decisione
Esempio
2:3
1,2,3 1:3 2,1,3 2:3
1:3 1:2
1,3,2 3,1,2 2,3,1 3,2,1
Š
Š Š
Š
Š
Input <a1,a2,a3> Riconoscete
l’algoritmo associato?
È proprio l’Insertion Sort 2!
Esercizio per casa: costruire l’albero di decisione per il SS su una sequenza di 3 elementi.
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• Per una particolare istanza, i confronti eseguiti da A su quella istanza rappresentano un cammino radice – foglia
• L’algoritmo segue un cammino diverso a seconda delle caratteristiche dell’input
– Caso peggiore: cammino più lungo – Caso migliore: cammino più breve
• Il numero di confronti nel caso peggiore è pari all’altezza dell’albero di decisione (ovvero alla lunghezza, in termini di numero di archi, del più lungo cammino radice-foglia)
Proprietà
Lemma: Un albero strettamente binario (ovvero, in cui ogni nodo interno ha esattamente due figli) con k foglie ha altezza h(k) log2 k.
Dim: Dimostrazione per induzione su k:
– Caso base k=1 (albero-nodo ): banale h(k)=0≥ log21=0
– Caso k>1: supposto vero per k-1 foglie, dimostriamolo per k;
poiché la radice ha 2 figli, uno dei due suoi sottoalberi deve
contenere almeno la metà (parte intera sup.) delle foglie, e quindi
h(k) ≥1+h(k/2) ≥
(hp induttiva)1+log
2(k/2)
=1+log
2k-log
22=log
2k.
QED
Altezza in funzione delle foglie
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• Consideriamo l’albero di decisione di un qualsiasi algoritmo che risolve il problema dell’ordinamento di n elementi
• Tale albero deve avere almeno n! foglie: infatti, se l’algoritmo è corretto, deve contemplare tutti i possibili output, ovvero le n! permutazioni della sequenza di n elementi in input
• Dal lemma precedente, avremo che l’altezza h(n) dell’albero di decisione sarà:
Il lower bound W(n log n)
h(n) log2(#foglie) log2(n!)
Formula di Stirling:
n! (2pn)1/2 ·(n/e)n
> (n/e)n
> log2 (n/e)n =
= n log2 (n/e)
= n log2 n – n log2 e
=
= W(n log n) QED
=