Una sequenza di vettori (v1,…,vn) generatori di V(K) libera si dice base di V(K).
Nell’ultimo esercizio della lezione 5 le sequenze A, B costituiscono una base per le rispettive coperture lineari.
Basi di uno spazio vettoriale
Gli spazi vettoriali presi in considerazione in questo corso di Algebra e Geometria sono finitamente generati.
Uno spazio vettoriale V, V≠{0} su K ha dimensione n se e solo se le sue basi hanno n vettori.
Uno spazio vettoriale V sul campo K di dimensione n ha:
♦ sottospazi vettoriali di dimensione da 1 a n;
♦ il sottospazio vettoriale banale contenente solo il vettore nullo che non ha base.
Esempi:
1) Lo spazio vettoriale delle potenze di R, (Rn, +, . ) ha dimensione n.
Una base è...
2) Lo spazio vettoriale geometrico (V2 (R), +, .) sul piano ha dimensione 2.
Una base è …
3) Lo spazio vettoriale delle matrici (Rm,n , +, . ) ha dimensione mn. Una base: 1 0 0 0 0 0 0 ,..., 0 1 0 0 0 0 0 ,..., 0 0 0 0 1 0 0 ,..., 0 0 0 0 0 1 0 , 0 0 0 0 0 0 1 O L O L O L O L O L
Nei due esercizi successivi studieremo come determinare le basi:
a) di un sottospazio vettoriale assegnato; b) della copertura lineare di un insieme A.
Esercizio 1
Dati i seguenti sottospazi vettoriali, determina una base e la dimensione per ciascuno:
a) U1 = {(x,y,z) ∈ R3 |x=0 ∧ y + 3z = 0}; b) U2 = {(x,y,z,t) ∈ R4 | 3t=0 ∧ x - 3z = 0};
c) U3 = {(x,y,z,t) ∈ R4 | x+y=0 ∧ x + 2z = 0}; d) = ∧ = = ∈ = x,y,z,t,u,v R x v 0 y-t 0 U4 v u t z y x ; e) U5 = {(α,β,2α,0) ∈ R4 | α, β∈R}. Svolgimento:
a) Gli elementi di U1 sono tutti e soli i vettori del tipo (0, -3z, z) con z ∈R:
(0, - 3z, z)= z (0,-3,1)
Allora {(0,-3,1)} è un insieme di generatori per U1. Il vettore (0,-3,1) è linearmente indipendente… Dunque ((0,-3,1)) è una base per U1.
b) Gli elementi di U2 sono tutti e soli i vettori del tipo (3z, y, z,0) con y,z ∈R.
(3z, y, z,0)=y(0,1,0,0)+z(3,0,1,0)
Allora {(0,1,0,0),(3,0,1,0)} è un insieme di generatori.
I vettori generatori sono linearmente indipendenti infattiα,β∈R α(0,1,0,0)+β(3,0,1,0)=(0,0,0,0)
⇒ α=β=0.
((0,1,0,0),(-2,0,1,0)) è una base per U2. La dimensione di U2 è quindi 2: dim U2=2.
c) Gli elementi di U3 sono tutti e soli i vettori di R4 (x,y,z,t) le cui entrate soddisfano il sistema:
= + = + 0 2 0 z x y x cioè x=-2z e y=2z U3 = {(-2z,2z,z,t) ∈ R4 }. I vettori (-2z,2z,z,t)=z(-2,2,1,0)+t(0,0,0,1) sono generati da (-2,2,1,0),(0,0,0,1). Questi vettori sono linearmente indipendenti, infatti:
α(-2,2,1,0)+ β(0,0,0,1)=(0,0,0,0) con α,β∈R implica (-2α,2α,α,β)=(0,0,0,0) e infine α=β=0. ((-2,2,1,0),(0,0,0,1)) è una base per U3: dim U3=2.
d) Tutte e sole le matrici di U4 sono del tipo: R u z, y, 0 0 ∈ u y z y R u z, y, 0 1 0 0 0 0 0 0 0 1 0 0 0 0 1 0 1 0 y 0 0 ∈ + + = u z u y z y Allora l’insieme: 0 1 0 0 0 0 , 0 0 0 1 0 0 , 0 0 1 0 1 0
fornisce un insieme di generatori per U4. Questo insieme è libero, infatti:
0 γ β α 0 0 0 0 0 0 0 1 0 0 0 0 γ 0 0 0 1 0 0 β 0 0 1 0 1 0 α ⇒ = = = = + +
Allora 0 1 0 0 0 0 , 0 0 0 1 0 0 , 0 0 1 0 1 0
è una base per U4.
La dimensione di U4 è 3.
e) I vettori di U5 sono del tipo (α,β,2α,0)∈ R4: (α,β,2α,0)=α(1,0,2,0)+β(0,1,0,0) con α, β∈R La sequenza dei generatori estratta ((1,0,2,0), (0,1,0,0)) è …..:
α(1,0,2,0)+β(0,1,0,0)=(0,0,0,0) implica ….. ((1,0,2,0), (0,1,0,0)) è …….. e U5 ha dimensione …...
Esercizio 2
Dati i seguenti insiemi, determinare la copertura lineare, una base e la dimensione della stessa.
a) A1 = {(1,2,0) , (1,0,1), (0,-2,1)}; b) ∈ − = y,z,v R 0 0 1 0 2 v z y A ; c) A3 = {(x,y,z) ∈ R3 | y = 1 ∧ x + 2z = 0}.
Osservazione: A1 ha un numero finito di vettori. A1, A2 hanno un numero infinito di vettori.
a) I tre vettori di A1 sono, per definizione, generatori di L(A1).
α(1,2,0)+β(1,0,1)+γ(0,-2,1) =(0,0,0)
implica solo α = - β = γ (non necessariamente nulli)
I vettori sono linearmente dipendenti: è facile vedere che (0,-2,1) = (1,0,1) – (1,2,0) è combinazione lineare degli altri due vettori di A1. I vettori (1,2,0) e (1,0,1) sono generatori della copertura lineare e sono linearmente indipendenti:
α(1,2,0) + β (1,0,1) = (0,0,0) ⇒ α = β = 0 ((1,2,0) , (1,0,1)) è una base per L(A1).
La dimensione di L(A1) è 2.
b) Se y è un numero reale generico, allora anche y-1=a lo è (ogni y-1 è un opportuno numero a, ogni numero reale a può essere scritto come (a+1)-1=y-1con y numero reale):
∈ = a,z,v R v 0 0 z 0 ) ( 2 a A L
I generatori estratti elementarmente sono:
1 0 0 0 0 0 , 0 0 0 1 0 0 , 0 0 0 0 1 0 . e sono linearmente indipendenti. Infatti:
0 γ β α 0 0 0 0 0 0 1 0 0 0 0 0 γ 0 0 0 1 0 0 β 0 0 0 0 1 0 α ⇒ = = = = + + La sequenza 1 0 0 0 0 0 , 0 0 0 1 0 0 , 0 0 0 0 1 0
c) A3 = {(-2z,1,z) |z∈ R}.
I vettori di A3 (-2z,1,z)=z(-2,0,1)+(0,1,0) sono generati da particolari combinazioni lineari (non tutte) di ((-2,0,1),(0,1,0)): la copertura lin. di A3 sarà quindi costituita, per definizione, da tutti i vettori del tipo α(-2,0,1)+β(0,1,0)=(-2α,β,α) α, β∈R
L(A3)= {(-2α,β,α) | α,β∈R}
((…,…,…),(…,…,…)) sono generatori di L(A3); sono anche linearmente indipendenti perchè
α(-2,0,1)+β(0,1,0)=(-2α,β,α)=(0,0,0) ⇒………. ((…,…,…),(…,…,…)) è una base di L(A3); dim L(A3)=….
Esercizio 3
Trovare le componenti dei vettori indicati rispetto alle basi prescelte: a) v=(7,10,4), w=(5,5,-1)∈R3 e B=((1,2,0),(1,0,1),(0,0,2)) base di R3; b) (2,-3,0,4) ∈ R4 e B=((1,1,0,0),(1,0,1,1),(0,0,2,0),(0,0,0,1)) base di R4; c) . ) ( di base 0 0 1 3 , 2 0 0 0 , 0 2 1 0 , 0 0 1 0 B e ) ( 2 0 1 3 2 2 R M R M − = ∈ Svolgimento:
a) dobbiamo trovare α, β, γ ∈ R tali che
α(1,2,0) + β (1,0,1) +γ(0,0,2)= (7,10,4)
α(1,2,0) + β (1,0,1) +γ(0,0,2)= (5,5,-1)
⇒ α=5/2, β=5/2 , γ=-7/4 ⇒ componenti (5/2,5/2,-7/4)
b) dobbiamo trovare α, β, γ, δ ∈ R tali che
(2,-3,0,4)=α(1,1,0,0)+β(1,0,1,1)+γ(0,0,2,0)+δ(0,0,0,1)
⇒ α=… , β=… , γ=…, δ=… ⇒ componenti (…,…,…,…)
c) dobbiamo trovare α, β, γ, δ ∈ R tali che
− + + + = 0 0 1 3 2 0 0 0 0 2 1 0 0 0 1 0 2 0 1 3
δ
γ
β
α
⇒ α=.., β=.., γ=.., δ=.. ⇒ componenti (..,..,..,..) Esercizio 4 Dato l’insieme S di M2(R) ∈ − = x z R x z x S 2 1 ,a) determinare L(S), una base e dimensione; b) verificare che la matrice
− 2 1 3 4
appartenga a L(S) e in caso affermativo se ne calcolino le componenti rispetto alla base scelta al punto a). S ha per elementi: + + − = − 0 0 1 0 0 1 0 0 1 0 0 2 1 2 z x x z x
(particolari combinazioni lineari)
Invece L(S) contiene tutte le combinazioni lineari delle tre matrici qui sopra isolate.
Tali matrici sono anche linearmente indipendenti:
.. . z y x 0 0 0 0 0 0 1 0 0 1 0 0 1 0 0 2 = = = ⇒ = + + − z y x ∈ − = x y z R x z y x S L( ) 2 , ,
dim L(S)=…, − = 0 0 1 0 , 0 1 0 0 , 1 0 0 2 B . 1 z , 3 y , 2 x 2 1 3 4 0 0 1 0 0 1 0 0 1 0 0 2 = = − = ⇒ − = + + − z y x
La matrice appartiene a L(S) e le componenti rispetto a questa base di L(S) sono: (…,…,…).
Esercizio 5
In R4(R) si consideri il sottospazio vettoriale W={(2x,0,2x,y) ∈ R4(R) | x,y∈R }
a) determinare una base e la dimensione di W;
b) dimostrare che ((1,0,1,1),(-1,0,-1,0)) costituisce una base per W;
c) determinare le componenti del vettore (4,0,4,4) rispetto ad entrambe le basi.
Traccia della soluzione
a) (2x,0,2x,y)=x(2,0,2,0)+y(0,0,0,1) ∈ R4(R) ((2,0,2,0),(0,0,0,1)) sono ………. di W
Sono linearmente indipendenti: verifica… Base di W ((2,0,2,0),(0,0,0,1)) e dimW=….. b) ((1,0,1,1),(-1,0,-1,0)) è base di W perché:
b1) i due vettori sono linearmente indipendenti α(1,0,1,1)+β(-1,0,-1,0)=(0,0,0,0)⇒………..; b2) L(((1,0,1,1),(-1,0,-1,0))=W: ♦ L((1,0,1,1),(-1,0,-1,0))⊆W perché… ♦ W⊆L(((1,0,1,1),(-1,0,-1,0)) perché ogni vettore di W è combinazione di (1,0,1,1),(-1,0,-1,0): (2x,0,2x,y)=….(1,0,1,1)…..(-1,0,-1,0). c) (4,0,4,4)=…(2,0,2,0)+…(0,0,0,1)⇒componenti (…,…) (4,0,4,4)=…(1,0,1,1)+…(-1,0,-1,0) ⇒componenti (…,…)
Esercizio da svolgere
Determinare una base e la dimensione delle coperture lineari dei seguenti insiemi:
a) A1 = {(x,y) ∈ R2 | 3x = 1}; b) A2 = {(x,y,z) ∈ R3 | x+y = 0}; c) 3 , 2 3 0 1 6 1 2 -3 , 0 1 0 1 1 0 , 0 1 2 1 0 1 A ⊆R = ; d) A4 = {(α, α, β, α)∈ R4 | α , β∈ R }; e) A5 = {(x, y,z, t)∈ R4 | x+3y=2z-t=0 }; f) A6 = {(0, 1, 0, α)∈ R4 | α ∈ R }; g) A7 = {(1,0,1,0),(3,2,4,0),(0,1,0,0),(3,2,3,0)}⊆ R4; g) A8 ={(1,0,1,0), (3,2,3,0),(0,1,0,0),(1,2,1,0)}⊆ R4. (dim L(Ai)=2 con i=1,2,3,4,5,6,8 dim L(A7)=3).