RISOLUZIONE 1. Per verificare il limite lim
n !+1
n
n + 1 = 1 dobbiamo provare che per ogni " > 0 esiste n 0 2 N tale che
n
n+1 1 < " 8n n 0 Osservato che n+1 n 1 = n+1 1 abbiamo
n
n+1 1 < " , n+1 1 < " , 1 " 1 < n
Preso allora, grazie alla propriet` a archimedea, n 0 2 N tale che 1 " 1 < n 0 otteniamo che per ogni n n 0 risulta
1
" 1 < n 0 n ) n+1 n 1 < "
e quindi che il limite `e verificato.
2. Verifichiamo che lim
n!+1 n 2 4n + 1 = + 1 provando che per ogni M > 0 esiste n 0 2 N tale che n 2 4n + 1 > M 8n n 0
Osservato che per ogni n 5 risulta n 2 4n + 1 n 2 4n = n(n 4) n, scelto n 0 2 N con n 0 5 tale che n 0 > M (tale numero esiste per la propriet` a archimedea) otteniamo che per ogni n n 0 risulta
n 2 4n + 1 n 2 4n = n(n 4) n n 0 > M 3. Dobbiamo verificare che lim
n !+1 log( n
21 +1 ) = 1, ovvero che per ogni M > 0 esiste n 0 2 N tale che
log( n
21 +1 ) < M 8n n 0
Applicando l’esponenziale di base e ad ambo i membri della precedente disequazione otteniamo log( n
21 +1 ) < M , n
21 +1 < e M , n 2 > e M 1
Dato che per ogni n 2 N risulta n 2 n, scelto n 0 2 N tale che n 0 > e M 1, per ogni n n 0 otteniamo
n 2 n n 0 > e M 1 ) log( n
21 +1 ) < M
4. Siano a n = ( 1) n
2n+ 1 e b n = 1+( 1) n
2 n. Osserviamo che, essendo le successioni (( 1) n ) n2N e (1 + ( 1) n ) n 2N limitate e ( n 1
2) n 2N successione infinitesima, risulta
n !+1 lim ( 1) n
n 2 = lim
n !+1
1 + ( 1) n n 2 = 0 e quindi che
n !+1 lim a n = lim
n !+1
( 1) n
n 2 + 1 = 1 mentre
n!+1 lim b n = lim
n!+1
1 + ( 1) n
n 2 = 0
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Possiamo quindi concludere che l’a↵ermazione A `e falsa (entrambe le successioni ammettono limite, sono regolari), anche l’a↵ermazione B `e falsa (sono entrambe regolari ma lim
n !+1 a n = 1 6= 0 = lim
n!+1 b n ) mentre C `e vera dato che entrambe le successioni sono convergenti, quindi in particolare limitate.
5. Siano (a n ) n 2N e (b n ) n 2N due successioni non negative tali che la successione somma (a n + b n ) n 2N risulti convergente. Abbiamo che l’a↵ermazione A , (a n ) n2N e (b n ) n2N sono convergenti, `e falsa. Ad esempio le successioni a n = 1 + ( 1) n e b n = 1 ( 1) n non sono regolari mentre si ha che a n + b n = 2, per ogni n 2 N, e dunque che (a n + b n ) n 2N `e convergente. Anche l’a↵ermazione C , (a n b n ) n 2N `e regolare, `e falsa: per le successioni dell’esempio sopra risulta a n b n = 1 + ( 1) n (1 ( 1) n ) = 2 · ( 1) n e tale successione non `e regolare.
L’a↵ermazione B , (a n ) n2N e (b n ) n2N sono limitate, `e invece vera. Infatti, essendo (a n + b n ) n2N successione convergente, abbiamo che risulta limitata e quindi che esiste M > 0 tale che a n +b n M per ogni n 2 N. Poich`e (a n ) n 2N e (b n ) n 2N sono positive, se ne deduce che 0 a n < a n + b n M e 0 b n < a n + b n M per ogni n 2 N e dunque che (a n ) n2N e (b n ) n2N sono limitate.
6. Siano (a n ) n 2N e (b n ) n 2N successioni non negative tali che lim
n!+1 a n = lim
n!+1 b n e lim
n!+1 a
nb
n= 0.
L’a↵ermazione A `e vera, infatti essendo lim
n !+1 a
nb
n= 0 dalla definizione, scelto " = 1 abbiamo che esiste n 0 2 N tale che a b
nn< 1 per ogni n n 0 da cui, essendo le successioni non negative, otteniamo a n < b n per ogni n n 0 .
L’a↵ermazione B `e falsa, scelte ad esempio le successioni positive a n = n e b n = n 2 risulta
n!+1 lim a n = lim
n!+1 b n e lim
n!+1 a
nb
n= 0 ma lim
n!+1 a n b n = lim
n!+1 n n 2 = 1. Infine l’a↵ermazione C `e vera, infatti
n!+1 lim a n + b n = lim
n!+1 b n ⇣
a
nb
n+ 1 ⌘
= lim
n!+1 b n dato che a b
nn
+ 1 ! 1 per n ! +1, essendo per ipotesi lim n
!+1 a
nb
n= 0.
Per calcolare i limiti che seguono ricordiamo alcuni limiti notevoli. Dato p 2 R si ha
n!+1 lim n p = 8 >
<
> :
+ 1 se p > 0 1 se p = 0 0 se p < 0 Dato a 2 R risulta
n !+1 lim a n = 8 >
> >
> <
> >
> >
:
+ 1 se a > 1
1 se a = 1
0 se 1 < a < 1 non esiste se a 1
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7. Raccogliendo n 2 a numeratore e p
n a denominatore otteniamo che
n !+1 lim
2n 2 + p
n 1
3 p
n 2 p
3n = lim
n !+1 n
32· 2 + n
32n 2
3 2n
16= + 1 dato che lim
n!+1 n p = 0 per ogni p < 0 mentre lim
n!+1 n p = + 1 per ogni p > 0.
8. Abbiamo
n !+1 lim
2 · 5 n 4 n
5 4 n = lim
n !+1 5
n4
n· 2 4 5
nn5 · 4 1
n1 = lim
n !+1 5 4
n · 2 4 5 n
5 1 4 n 1 = 1 poich´e lim
n!+1 5 4
n = + 1, essendo 5 4 > 1, mentre lim
n!+1 4 5
n = lim
n!+1 1 4
n = 0 dato che 0 < 4 5 < 1 e 0 < 1 4 < 1.
9. Raccogliendo la potenza di grado maggiore si ha
n !+1 lim (2n 2 n 1) 8 (n 3 n 2 + 1) 5 = lim
n !+1 n 16 (2 1 n n 1
2) 8 n 15 (1 1 n + n 1
3) 5
= lim
n!+1 n 16 (2 n 1 n 1
2) 8 n 1 (1 n 1 + n 1
3) 5
= + 1 10. Usando le propriet` a degli esponenziali possiamo scrivere
n!+1 lim
e n+1
3 n 2 3 n = lim
n!+1 e 2
n · e
3 2
n 8 = lim
n!+1 2 e
n · e
2 3
n 8 = 0 dato che 2 < e < 3.
11. Per ↵ > 0 si ha
n!+1 lim
n ↵ n 3 + n n 2 + 2n =
8 >
> >
<
> >
> :
n !+1 lim
n
3n
2· n
↵ 3
1+
n211+
n2= lim
n !+1 n · n
↵ 3
1+
n211+
2n= 1 se 0 < ↵ < 3
n !+1 lim
n n
2· 1+ 1
2n
= lim
n !+1 1 n · 1+ 1
2n