In un cilindro chiuso munito di un pistone
sono contenute n moli di ossigeno,
Inizialmente il pistone è bloccato in una posizione
sia pi = 5 atm
A partire da un dato istante
pressione pa = 1 atm.
a tenuta perfetta,
gas perfetto biatomico.
sull’ambien te,
tale per cui la pressione del gas senza attrito
e la sua temperatura Ti = 26.85 °C.
assimilabile a un
il gas viene lasciato espandere liberamente che si suppone rimanga fisso alla compiendo un lavoro L
di massa trascurabile, e scorrevole
c) l’espressione del lavoro L compiuto dal gas.
Sapendo che cilindro e pistone
a) il valore della temperatura Tf del gas
b) l’ espressione della variazionee quello
finale
in funzione di
sono perfettamente adiabatici
tra lo stato iniziale n, e di g
determinare : pi
pa , Ti ,
alla fine dell’espansione di energia interna del gas
gli stati iniziale e finale della
il fatto che
l’equazione di stato
durante la trasformazioneo in altri termini in una qualsiasi
trasformazione
quindi non si potra’ usare l’ equazione di stato
sono stati di equilibrio
ma la trasformazione
le equazioni di Poisson non e’ reversibile
per assunzione
in questi stati sia utilizzabile
non potremo utilizzare
dei gas perfetti
trasformazione e potremo sfruttare
la trasformazione effettuata dal sistema , ossia dal gas, e’ una
trasformazione adiabatica irreversibile
di trasformazione
nel caso piu’ generale possibile di un gas perfetto
e’ possibile affermare se la trasformazione adiabatica e’
che avvenga tra due stati di equilibrio
i
edf
irreversibilequesto e’ tutto cio’ che quindi Q = 0 non vi e’ scambio di calore
se la trasformazione e’ adiabatica e per il primo principio
si ha
( )
V f i
L nc T T
U nc T
V
U L
( )
V f i
nc T T
in questo esercizio il gas e’ lasciato
solamente quando la pressione del gas che la sua espansione terminera’
uguagliera’ la pressione dell’ambiente quindi
libero di espandersie cio’ significa
f A
p p
integrale che puo’ essere valutato soltanto
ma cio’ avviene solo in
durante una trasformazione
“quasi statica”
quando la pressione esterna non varia durante la trasformazione
nella espansione libera del gas nel vuoto
pressione esterna nulla pa = 0
pa = p ad ogni istante di tempo
pa = cost
dove p e’ la pressione del gas come specificato in precedenza
il lavoro effettuato dal sistema sull’ambiente esterno istante di tempo
risultera’ essere
pressione esterna pa
casi particolari ossia:
se si conosce il valore della
se pa e’ la pressione esterna
durante tutta la trasformazione ad un generico
B
A
V
a V
L p dV
in questo esercizio ci troviamo nel primo casodunque
e finali compiuto dal gas
sull’ambiente
attenzio ne :
dov e
ma dato che importa ne’ dell’ambiente,
il lavoro puo’ essere calcolato come
possiamo affermare che
se il gas si espande
conoscere solo la
dell’ambiente
l’ambiente si comprimera’
diminuendo il suo volume
aumentandoil suo volume di una certa quantita’
ne’ del gas
variazionedi volume e dato che il cilindro e’ chiuso
corrispondentemente della stessa quantita’
non conosciamo i volumiiniziali
( )
a f i
p V V
B
A
V
a V
p dV
L ( V
f V
i) V
gasNota bene: il sistema esegue una trasformazione adiabatica mentre l’ambiente esegue una trasformazione contemporaneamente adiabatica ed
isobara
Nota bene: usualmente si fanno trasformazioni con cilindri aperti e in quel caso non sarebbe possibile dire nulla sulla variazione di
volume dell’ambiente
uguagliando i due termini si ha
dato che e dato che
ossia
( ) ( )
V f i a f i
nc T T p V V
( )
a f i
L p V V
( )
V f i
L nc T T
( ) ( )
V f i a i f
nc T T p V V
( )
V f i a i a f
nc T T p V p V
sfruttando l’equazione di stato dei gas perfetti
mentre nello stato finale si ha
nello stato iniziale si ha
quindi a i a i
i
p V p nRT
p
f
a f a f
a
p V p nRT nRT
p
i i i
pV nRT
i ii
V nRT
p
ossi a quin
di
nc T
V f nc T
V iV f f
nc T nRT (
V)
fn c R T
a i f
i
p nRT nRT
p
V i a i
i
nc T p nRT
p
(
V a)
ii
n c R p T
p
utilizzando la relazione di Mayer
eliminando
n
si ha siottien e
(
V a)
ii
n c R p T
p
p V
c c R c
p c
V R
(
a)
p f V i
i
c T c R p T
p (
V a)
f i
p p i
c R p
T T
c c p
nc T
p finoltre da
ricavia mo
ma
quind i
in
conclusion e
1
Vp p
c R
c c
1
Vp p
R c
c c 1 1
g
1
p
R c
g g
p V
c g c
1 1
(
A)
ii
p T p
g g g
(
V A)
f i
p p i
c R p
T T
c c p
1 (1 ( 1)
A)
f i
i
T p T
g p
g
p V
c c R
la variazione U di energia interna del gas
e quello finale sara’
quindi
tra lo stato iniziale
( )
V f i
U nc T T
V 11 (
1) A i ii
nc p T T
g p
g
1
1 (
1) A1
V i
i
nc T p
g p
g
1 1
(
) A1
V i
i
nc T p
p g
g g
1 1
(
) AV i
i
nc T p
p
g g
g g
1
A1
V i
i
U nc T p
p g
g
e l’espressione del lavoro L compiuto dal gas
ossi a come
sara’ ovviamente esprimibile
1 A 1
V i
i
L U nc T p
p g
g
L U