QUINTA LEZIONE (11/11/2009)
Argomenti trattati: calcolo di limiti, continuit´a di una fun-zione.
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Esercizi svolti
1.1 Calcolo di limiti
Nello svolgere i seguenti limiti daremo per assodato la conoscenza di alcuni limiti fondamentali:
1. lim x→0 sin x x = 1 (1) 2. lim x→0 ln(1 + x) x = 1 (2) 3. lim x→0 ex− 1 x = 1 (3) 4. lim x→0 1 − cos x x2 = 1 2 (4) 5. lim x→±∞ 1 + α x x = eα (5) 6. lim x→0(1 + αx) 1 x = eα (6)
Calcolare i seguenti limiti: Esercizio 1
lim
x→+∞
√
x√1 + x −√x=
Il limite si presenta come forma indeterminata +∞ − ∞. Razional-izziamo tenendo conto che a2− b2 = (a − b)(a + b).
lim x→+∞ √ x√1 + x −√x= lim x→+∞ √ x √ 1 + x −√x · √1 + x +√x √ 1 + x +√x = lim x→+∞ √ x √1 + x − x 1 + x +√x =x→+∞lim √ x √ 1 + x +√x = lim x→+∞ √ x √ x · 1 q 1 + 1x + 1 = 1 2
dove nell’ultimo passaggio abbiamo raccolto a numeratore e denom-inatore il fattore √x. Esercizio 2 lim x→+∞ √ x√3 x + 1 −√3 x − 1=
Il limite si presenta come forma indeterminata +∞ − ∞. Razional-izziamo tenendo conto che a3− b3 = (a − b)(a2+ ab + b2).
lim x→+∞ √ x 3 √ x + 1 −√3x − 1 = lim x→+∞ √ x 3 √ x + 1 −√3 x − 1 ·p(x + 1)3 2+√3 x2− 1 +p(x − 1)3 2 3 p(x + 1)2+√3 x2− 1 +p(x − 1)3 2 = lim x→+∞ √ x x + 1 − x + 1 3 p(x + 1)2+√3 x2 − 1 +p(x − 1)3 2 = lim x→+∞ √ x 2 3 p(x + 1)2+√3 x2 − 1 +p(x − 1)3 2 = lim x→+∞ √ x 3 p(x + 1)2 2 1 + 3 q x2−1 (x+1)2 + 3 q (x−1)2 (x+1)2 = lim x→+∞ 6 s x3 (x + 1)4 2 1 +q3 x2−1 (x+1)2 + 3 q (x−1)2 (x+1)2 = 0
in quanto il primo termine tende a zero poich´e il grado del numera-tore ´e minore del grado del denominatore mentre il secondo termine tende a 23. Esercizio 3 lim x→0 sin x4 sin2x2 =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.00. Il trucco ´e riportarsi ad uno dei limiti noti. Abbiamo
lim x→0 sin x4 sin2x2 = limx→0 sin x4 x4 x2 sin x2 2 = 1 · 1 = 1
ove abbiamo utilizzato (1). Esercizio 4 lim x→0 1 − cos 2x sin23x =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.00. Abbiamo lim x→0 1 − cos 2x sin23x = limx→0 1 − cos 2x (2x)2 · 3x sin 3x 2 · 4 9 = 1 2 · 1 · 4 9 = 2 9 ove abbiamo utilizzato (1) e (4).
Esercizio 5 lim
x→0
x2+ 3 sin 2x x − 2 sin 3x =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.00. Raccogliamo una x a numeratore e denominatore. Abbiamo
lim x→0 x2+ 3 sin 2x x − 2 sin 3x = limx→0 x x · x + 3 · 2 · sin 2x2x 1 − 2 · 3 · sin 3x3x = 0 + 3 · 2 · 1 1 − 2 · 3 · 1 = − 6 5 ove abbiamo utilizzato (1).
Esercizio 6 lim x→+∞ 1 − e x −x
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.1∞. Scriviamo lim x→+∞ 1 − e x −x = lim x→+∞ h 1 − e x xi−1 = e−e−1 = ee ove abbiamo utilizzato (3).
Esercizio 7 lim
x→0
ln(1 + 3x) x2+ 2x =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.0
0. Riscriviamo il
limite in altra forma: lim x→0 ln(1 + 3x) x2+ 2x = limx→03 · ln(1 + 3x) 3x · x x2+ 2x = limx→03 · ln(1 + 3x) 3x · 1 x + 2 = 3 · 1 · 1 2 = 3 2
ove abbiamo utilizzato (2). Esercizio 8 lim x→0 √ 1 + x sin x1 =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.1∞. Per risolvere il limite risulta utile passare al logaritmo. Ricordando che eln x= x
abbiamo: lim x→0 √ 1 + x 1 sin x = lim x→0e ln(√1+x) 1 sin x = lim x→0e 1 sin x·ln( √ 1+x) = lim x→0e 1 2· ln(1+x) sin x = lim x→0e 1 2· ln(1+x) x · x sin x = e 1 2·1·1= √ e ove abbiamo tenuto conto di (1) e (2).
Esercizio 9 lim
x→0
ln(e + x) − 1
x =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.00. Osserviamo che ln(e + x) − 1 = ln e · (1 + xe) − 1 = ln e + ln(1 + xe) − 1 = 1 + ln(1 + xe) − 1 = ln(1 +xe). Pertanto lim x→0 ln(e + x) − 1 x = limx→0 ln(1 + xe) x = limx→0 1 e · ln(1 + xe) x e = 1 e · 1 = 1 e ove abbiamo tenuto conto di (2).
Esercizio 10 lim
x→0
arctan x
x =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.00. Conviene operare un cambio di variabile: y = tan x. Pertanto abbiamo
lim
x→0
arctan x
x = limy→0
y
tan y = limy→0
y
sin y cos y = 1 ove abbiamo usato (1).
Esercizio 11 lim x→π 2 cos x x − π2 =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.00. Conviene operare un cambio di variabile: y = x −π2. Pertanto abbiamo
lim x→π2 cos x x − π2 = limy→0 cos(y + π2) y = limy→0− sin y y = −1 Esercizio 12 lim x→0 arccos x − π2 x =
Il limite si presenta sotto forma indeterminata F.I.00. Conviene op-erare un cambio di variabile: x = cos y da cui y = arccos x. Quando x tende a zero, y tende a π2. Pertanto abbiamo
lim x→0 arccos x − π2 x = limy→π2 y − π2 cos y = −1 dove abbiamo utilizzato il risultato precedente.
Esercizio 13 lim x→+∞ √ 5 + cos x x2+ 1 =
Osserviamo che il numeratore ´e limitato mentre x21+1 ´e infinitesima
per x → +∞. Pertanto si ha lim x→+∞ √ 5 + cos x x2+ 1 = 0
Come ultima nota, faccio osservare che alcuni di questi limiti potrebbero essere risolti con altre tecniche pi´u raffinate (e che ve-dremo pi´u avanti durante il gruppo studio). Risulta comunque un utile esercizio affrontare quesiti anche complessi.
1.2 Continuit´a di una funzione
1) Detrminare per quali valori del parametro α la funzione f (x) = √x + 1 per x ≥ 0
[x] + α per x < 0
´e continua sull’intervallo [−1, +∞) ( [x] denota la parte intera di x1).
Ricordiamo che una funzione ´e continua in un punto x0 se e solo
se lim
x→x0
f (x) = f (x0)
ovvero se limite destro e sinistro coincidono con il valore assunto dalla funzione nel punto. Osserviamo che la funzione ´e continua in [−1, +∞) escluso al pi´u lo zero. Poich´e
lim
x→0+f (x) = limx→0+
√
x + 1 = 1 = f (0), la funzione ´e continua a destra dello zero. Ora
lim
x→0−f (x) = limx→0−[x] + α = α − 1,
la funzione risulta continua a sinistra se e solo se α − 1 = 1 ovvero α = 2. 2) Sia f (x) = ( sin(x2) x(√x+1−1) per x > 0 a2x+ 3 per x ≤ 0.
Determinare a affinch´e la funzione risulti continua nel suo dominio. La funzione risulta continua in tutti i punti escluso al pi´u lo zero. Poich´e
lim
x→0−f (x) = limx→0−a2
x+ 3 = a + 3 = f (0),
la funzione ´e continua a sinistra dello zero. Ora lim x→0+f (x) = limx→0+ sin(x2) x √x + 1 − 1 =x→0lim+ sin(x2) √x + 1 + 1 x2 = 2,
(abbiamo razionalizzato e tenuto conto del limite fondamentale limx→0 sin xx =
1) la funzione risulta continua se e solo se a + 3 = 2 ovvero a = −1. 3) Determinare per quali valori di α, β ∈ R la funzione
f (x) = ln(x + β2) per x > 0 1−cos αx arctan x2 per x < 0 1 per x = 0
Osserviamo che la funzione risulta continua in tutti i punti escluso al pi´u lo zero. Abbiamo
lim x→0+ln(x + β 2 ) = ln β2 lim x→0− 1 − cos αx arctan x2 = limx→0−α 21 − cos αx (αx)2 x2 arctan x2 = α2 2
dove abbiamo usato (4) e il limite limx→0arctan xx = 1. Pertanto
ln β2 = f (0) = 1 ovvero β = ±√e e α2 2 = f (0) = 1 ovvero α = ± √ 2.
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Esercizi proposti
2.1 Calcolo di limitiCalcolare i seguenti limiti (quelli contrassegnati sono leggermente pi´u impegnativi) 1. lim x→π2 cos x x − π2 = 2. lim x→−∞ 1 −π x 2x = 3. lim x→0 √ 1 + 4x − 1 5x− 1 = 4. lim x→0± sin(2x− 1) (2x− 1)2 = 5. lim x→±∞ x3(2x− 2−x) 3x+ 3−x = 6. lim x→+∞e −x e + 2 x x = 7. lim x→0 etan3x− 1 x (cos x − ex2 ) = 8. lim x→0 1 + x 2 3x = 9. lim x→0 n √ 1 + 2x − 1 x =
10. lim x→0 log3(1 + 2x sin x = 11. lim x→0 3x2 − 1 x2 = 12. lim x→0± 1 + 21x 3 + 21x = 13. lim x→+∞ exsin(e−xsin x) x = 14. lim x→−∞ x53x+ 2x x44x+ 3x = 15. lim x→1x − 1 ln x = 16. lim x→0 ln(1 + tan4x) e2 sin4x − 1 = 17. (∗) lim x→0 1 x p 9 + sin(2x− 1) − 3= 18. lim x→0 cos x sin x + x4 x2− cos x + 1 =
19. Dire se esistono i seguenti limiti
• lim x→+∞x 3(1 + sin x) = • lim x→+∞x + x 3 sin x2 = • lim x→+∞x + x 3sin x = • lim x→+∞ x − 2x3+ sin x √ 2 + x6− cos x · esin2x =
2.2 Continuit´a di una funzione 1. Si consideri la seguente funzione
f (x) = ( √ 2+x2−√3x2+2 x ln(1+x) + b 1 |x| per x 6= 0 a per x = 0
ove a ∈ R e b ∈ R+ (b > 0). Determinare per quali valori di a e b la funzione risulta continua in R.
2. Si consideri la seguente funzione f (x) = αex1+1 αx1 per x < 0 0 per x = 0 xβsin 1 x per x > 0
ove α > 0 e β ≥ 0. Determinare α e β in modo che la funzione risulti continua in 0.
3. Si consideri la seguente funzione
f (x) = xαsin x12 + 1+sin x e1x per x > 0 0 per x = 0 3 1−cos x |x|β −√ 1 1+x2 per x < 0
ove α ∈ R e β ∈ R. Determinare α e β in modo che la funzione risulti continua in ∈ R.
4. Sia
f (x) = |x|α sin x − tan x x2
Studiare al variare di α ∈ R il limite limx→0f (x) e determinare per