ATTIVIT ` A 4
Calcolare i seguenti limiti utilizzando il criterio del rapporto
1. lim
n!+1
3 n2
n n+2 2. lim
n!+1
n 3n n 2 (3n)!
3. lim
n !+1
n! 4 n
n ↵n al variare di ↵ 2 R
Utilizzando la relazione di asintotico, calcolare i seguenti limiti
4. lim
x !0
p
31 + sin 2 x 1 log(cos x) 5. lim
x !0
+(1 + sin x)
1 cos x16. lim
x !0
+e sin x 1 tan ↵ x
1
1 + log(1 + x) al variare di ↵ 2 R
Siano f (x) e g(x) funzioni asintotiche per x ! 0. Fornire delle condizioni sufficienti sulle due funzioni affinch´e le seguenti a↵ermazioni risultino vere e un controesempio per cui risultano false.
A. 3 f (x) ⇠ 3 g(x) per x ! 0
B. log(f (x)) ⇠ log(g(x)) per x ! 0
RISOLUZIONE
1. Posto a n = n 3n+2n2 , calcoliamo il limite del rapporto an+1a
a
n
per n ! +1. Dai limiti della gerarchia degli infiniti per n ! +1 risulta
a n+1 a n
= 3 (n+1)2
(n + 1) (n+1)+2 · n n+2
3 n2 = 3 (n+1)2 n
2
n
2Å n
n + 1
ã n n 2 (n + 1) 3
= 3 2n+1 1 Ä 1 + 1 n ä n
n 2
(n + 1) 3 ⇠ 3 2n+1 · 1 e · n 1 = 3 e · 9 nn ! +1 Pertanto, dal criterio del rapporto, possiamo concludere che lim
n !+1 a n = + 1.
2. Applichiamo il criterio del rapporto alla successione a n = n2n (3n)!
3n . Per n ! +1 abbiamo a n+1
a n = (n + 1) 3(n+1)
(n + 1) 2 (3(n + 1))! · n 2 (3n)!
n 3n =
Å n + 1 n
ã 3n n 2 (n + 1) 2
(n + 1) 3
(3n + 3)(3n + 2)(3n + 1)
= ÄÄ 1 + 1 n ä n ä 3 n 2 (n + 1) 2
(n + 1) 3
(3n + 3)(3n + 2)(3n + 1) ! e 273
Poich´e e 273 < 1, dal criterio del rapporto, possiamo concludere che lim
< 1, dal criterio del rapporto, possiamo concludere che lim
n !+1 n
3nn
2(3n)! = 0.
3. Calcoliamo, al variare di ↵ 2 R, il limite lim n
!+1 n! 4
nn
↵n. Posto a n = n!4 n↵nn abbiamo che a n+1
a n = (n + 1)! 4 n+1 (n + 1) ↵(n+1) · n ↵n
n! 4 n = 4 n + 1 (n + 1) ↵
Å n
n + 1 ã ↵n
= 4
(n + 1) ↵ 1
Ä 1 + 1 n ä ↵n
Osservato che per n ! +1 risulta Ä 1 + 1 n ä ↵n ! e ↵ , otteniamo
a n+1
a n ⇠ 4
(n + 1) ↵ 1
Ä 1 + n 1 ä ↵n ! 8 >
> <
> >
:
0 se ↵ > 1
4
e se ↵ = 1 + 1 se ↵ < 1 Essendo e < 4, dal criterio del rapporto possiamo concludere che
n !+1 lim a n =
( 0 se ↵ > 1 + 1 se ↵ 1 4. Calcoliamo il limite lim
x!0
p
31+sin
2x 1
log(cos x) utilizzando i limiti notevoli visti e la relazione di asintotico.
Ricordiamo che per y ! 0 si ha p
31 + y 1 ⇠ 1 3 y, dato che per x ! 0 si ha sin 2 x ! 0 e sin x ⇠ x otteniamo
»
31 + sin 2 x 1 ⇠ 1 3 sin 2 x ⇠ x 32
Abbiamo poi che log(1 + y) ⇠ y per y ! 0, posto allora y = cos x 1, dato che cos x 1 ! 0 per x ! 0 otteniamo
log(cos x) = log(1 + (cos x 1)) = log(1 + y) ⇠ y = cos x 1
e poich´e 1 cos x ⇠ x 22 per x ! 0, si ha
log(cos x) ⇠ cos x 1 ⇠ x 22
Possiamo allora concludere che per x ! 0 risulta
p
31+sin
2x 1 log(cos x) ⇠
x
23
x
22
= 2 3
e dunque che lim
x !0
p
31+sin
2x 1
log(cos x) = 2 3 . 5. Per calcolare il limite lim
x !0
+(1 + sin x)
1 cos x1possiamo scrivere (1 + sin x)
1 cos x1= e
1 cos x1log(1+sin x)
e studiare il comportamento dell’esponente log(1+sin x)
1 cos x per x ! 0. Per x ! 0 + abbiamo log(1 + sin x) ⇠ sin x ⇠ x e 1 cos x ⇠ x 2
2e dunque
log(1 + sin x) 1 cos x ⇠ x
x
22
= x 2 ! +1
Ne deduciamo quindi che (1 + sin x)
1 cos x1= e
log(1+sin x)1 cos x
! +1 per x ! 0 + . 6. Calcoliamo lim
x!0
+e
sin x1
tan
↵x
1
1 + log(1 + x) al variare di ↵ 2 R usando i limiti notevoli e la relazione di asintotico. Per x ! 0 + , dato che sin x ! 0 e log(1 + x) ! 0, abbiamo
e sin x 1 ⇠ sin x ⇠ x, tan ↵ x ⇠ x ↵ ⇠ x e 1+log(1+x) 1 = (1+log(1+x)) 1 ⇠ log(1+x) ⇠ x per ogni ↵ 2 R. Quindi per x ! 0 +
e sin x 1 tan ↵ x
1
1 + log(1 + x) ⇠ x
x ↵ · ( x) = x 2 ↵ ! 8 >
> <
> >
:
1 se ↵ < 2 1 se ↵ = 2 0 se ↵ < 2 e dunque
x lim !0
+e sin x 1 tan ↵ x
1
1 + log(1 + x) = 8 >
> <
> >
:
1 se ↵ < 2
1 se ↵ = 2
0 se ↵ < 2
Siano f (x) e g(x) funzioni asintotiche per x ! 0.
A Abbiamo che l’a↵ermazione `e vera se per x ! 0 si ha 3 f (x)
3 g(x) = 3 f (x) g(x) ! 1 e dunque se
f (x) g(x) ! 0 per x ! 0.
Essendo f (x) e g(x) asintotiche per x ! 0, l’a↵ermazione risulter`a verificata se le due funzioni risultano convergenti, lim
x !0 f (x) = lim
x !0 g(x) = ` 2 R.
Se invece risultano divergenti, l’a↵ermazione potrebbe non essere vera. Per esempio le funzioni f (x) = x 12 + x e g(x) = x 12 + 1 divergono a + 1 e sono asintotiche per x ! 0:
+ 1 divergono a + 1 e sono asintotiche per x ! 0:
f (x) g(x) =
1 x
2+ x
1
x
2+ 1 = 1 + x 3
1 + x 2 ! 1 per x ! 0 ma 3 f (x) e 3 g(x) non sono asintotiche dato che f (x) g(x) = x 1 6! 0:
3 f (x)
3 g(x) = 3 f (x) g(x) = 3 x 1 ! 1 3 6= 1 (a) Dunque 3 f (x) 6⇠ 3 g(x) per x ! 0 (b) .
B L’a↵ermazione `e verificata se per x ! 0 si ha log(f (x))
log(g(x)) = log( f (x) g(x) g(x))
log(g(x)) = log f (x) g(x) + log(g(x))
log(g(x)) = log f (x) g(x)
log(g(x)) + 1 ! 1 e dunque se
log f (x) g(x)
log(g(x)) ! 0 per x ! 0.
Dato che per x ! 0 per ipotesi f (x) g(x) ! 1, abbiamo log f (x) g(x) ! 0. Affinch´e log
f (x) g(x)
log(g(x)) ! 0 sar`a sufficiente che per x ! 0 si abbia log(g(x)) ! L 6= 0 oppure log(g(x)) ! ±1.
Dunque condizione sufficiente affinch´e B sia vera `e che lim
x!0 f (x) = lim
x!0 g(x) = ` con ` > 0,
` 6= 1 o ` = 0 + , oppure lim
x !0 f (x) = lim
x !0 g(x) = + 1.
(a)
le due funzioni sono state scelte in modo tale che risultassero asintotiche, divergenti e tali che f (x) g(x) 6! 0 per x ! 0
(b)
Nota, in generale non possiamo per` o a↵ermare che se le funzioni sono divergenti allora 3
f (x)6⇠ 3
g(x). Per esempio le funzioni f (x) =
x12+x e g(x) =
x12sono divergenti e asintotiche ma sono tali anche 3
f (x)e 3
g(x)dato che f (x) g(x) ! 0:
3f (x)
3g(x)
= 3
f (x) g(x)= 3
x! 1.
Se invece lim
x!0 f (x) = lim
x!0 g(x) = 1 l’a↵ermazione potrebbe non essere vera. Per esempio le funzioni f (x) = 1 + x 2 e g(x) = 1 + x, convergono entrambe a 1 per x ! 0 e sono asintotiche per x ! 0:
f (x)
g(x) = 1 + x 2
1 + x ! 1 per x ! 0 ma dal limite notevole log(1 + y) ⇠ y per y ! 0, per x ! 0 otteniamo
log(f (x)) = log(1 + x 2 ) ⇠ x 2 mentre log(g(x)) = log(1 + x) ⇠ x e poich´e x 2 6⇠ x, ne segue che log(f(x)) 6⇠ log(g(x)) per x ! 0 (c) .
(c)