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Calendario Boreale 2 (AMERICHE) 2014
QUESITO 1
Si calcoli: lim β Il limite si presenta nella forma indeterminata [ ].lim β lim β ( ( ) lim β lim (β )(β ) ( )( )(β ) lim ( )( )(β ) lim ( )(β ) N.B.
( ( ) per poichΓ© Γ¨ un infinitesimo per .
QUESITO 2
Per quali valori reali di Γ¨:
( ) Condizioni di esistenza: > βͺ { 6 > > < 2 < < 5 π£ππππππππ‘π πππ 2 < < 5 βͺ { 2, 5 6 > < 2β2 π£π > 2β2 π£ππππππππ‘π πππ 2 < < 5 βͺ 2
Quindi la condizione di esistenza Γ¨: 2 β€ < 5 Riscriviamo lβequazione nella forma:
( ) log ( ) Da cui:
( 6 ) log ( )
log ( ) (
6 )
Le radici approssimate di questa equazione possono essere individuate graficamente confrontando le due funzioni:
π( ) log ( ) ( )
( 6 )
Dallo studio grafico si deduce che lβequazione ha 3 soluzioni:
, , 2 Nota
Il quesito, così come è posto, non è, come si è visto, di rapida soluzione.
Probabilmente, per analogia con il quesito 10 della prova di ordinamento del 2014, in cui si chiedeva di risolvere lβequazione
(
5( 26))
lβequazione da risolvere non voleva essere
( ) ; ma: ( ( ))
Risolviamo questa equazione. Le condizioni di esistenza sono:
( ) > βͺ {
( ) 6 >
che portano alle soluzioni trovate precedentemente: 2 β€ < 5
Riscriviamo lβequazione nella forma:
( ( )) ( ( )) da cui: 6 Β± 2β2, accettabile solo 2β2 oppure ( ) , Lβequazione ( ( ))
ammette pertanto le 3 soluzioni: , 2β2 ,
QUESITO 3
Γ possibile che nello sviluppo della potenza (2π ) compaia il monomio π
E il monomio π ( numero reale ). Nel caso affermativo si trovi il valore di motivando esaurientemente la risposta.
Risulta:
(2π ) β (7
π) (2π ) ( )
Il monomio π si ottiene se 2π e 2 π 6, da cui π π
Il monomio π si ottiene sostituendo π 5 in: ( )(2π ) ( ) .
Quindi:
(7
5) (2) ( ) ( 7
5) (2) ( ) 2 β 2 β ππππ π
soddisfatta per π , che non soddisfa la seconda.
Quindi nello sviluppo della potenza (2π ) non compare un monomio del tipo π .
N.B.
Forniamo, per curiositΓ , lo sviluppo completo:
(2π ) β (7
π) (2π ) ( )
QUESITO 4
Sia la regione racchiusa tra π e per β€ β€ . Si calcoli il volume del
solido ottenuto dalla rotazione completa di attorno allβasse . Rappresentiamo graficamente la regione :
Il volume richiesto si ottiene calcolando il seguente integrale:
π π β« π ( )π π β« (π ) π π β« π π π[π ] π(π ) Quindi π (π ) ( ) π’ 77 π’
QUESITO 5
Si provi lβidentitΓ : ππππ‘ ππππ‘ ππππ‘ .Poniamo ππππ‘ π π‘ π e ππππ‘ π‘ Quindi dobbiamo dimostrare che π ππππ‘
π‘ (π ) π‘ (π ) π‘ π π‘ π‘ π π‘
QUESITO 6
Si trovi la capacitΓ in ππ‘ππ della sfera inscritta in un cono di raggio di base 6 π e altezza π .
π΄π» 6 π π ππ» π Il volume della sfera Γ¨: π(π ππππ) ππ
Dalla similitudine fra i triangoli AHV e VCE risulta: VE:CE=VH:AH.
ππΈ: π : 6 ππΈ βππΆ πΈπΆ β( π) π β π Quindi: β π : π : 6 π 6β π π 2β π da cui: π ( π) π 72π 2 π Β± 2β Soluzione accettabile π 2β 2 π
Quindi il volume della sfera Γ¨:
Siccome π ππ‘ππ
πΆππππππ‘Γ (π ππππ) 6 2 ππ‘ππ
QUESITO 7
Sapendo che πππ e π π
(ove π ) si dimostri che:
cos π π cos π π (π π 2 ) ( π π 2π ) π π 2 π π 2 π π π 2 π π 2 2 2
QUESITO 8
Quanti colori si possono formare mediante le combinazioni dei sette colori fondamentali dello spettro? (contando, cioΓ¨, i colori presi separatamente e a 2 a 2, a 3 a 3,...,a 7 a 7). Il numero π dei colori che si possono formare Γ¨ dato da:
π πΆ , πΆ , πΆ , πΆ , πΆ , πΆ , (7 2) ( 7 ) (7) (7 5) ( 7 6) ( 7 7) 2 5 5 2 7 2 N.B. (7) (7) (7 2) ( 7 ) (7) (7 5) ( 7 6) ( 7 7) 2 Quindi: π ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 ( ) ( ) 2 7 2