RISOLUZIONE 1. A `e falsa. Per esempio la funzione f (x) = p 1
x `e continua in (0, 1] e lim
x !0
+f (x) = + 1 ma R 1
0 p 1
x dx `e convergente.
B `e vera. Infatti, siccome lim
x!0
+f (x) = + 1 esiste 2 (0, 1) tale che f(x) 1 per ogni x 2 (0, ] e dunque f (x) x 1 x per ogni x 2 (0, ]. Dal criterio del confronto segue allora che R
0 f (x)
x dx `e divergente e dunque sar` a tale anche R 1
0 f (x)
x dx.
C `e falsa, per esempio la funzione f (x) = p 1
x `e continua in (0, 1] e lim
x !0
+f (x) = + 1 ma R 1
0 f (x)
p x dx = R 1
0 1
x dx `e divergente.
2. A `e vera. Infatti poich´e f (x) risulta positiva e continua in [a, + 1) dal Teorema fondamentale del calcolo integrale abbiamo che, posto F (b) = R b
a f (x) dx, risulta F 0 (b) = f (b) 0 per ogni b > a. Dal criterio di monotonia abbiamo dunque che F (b) risulta monotona crescente in [a, + 1) e dunque, dal Teorema sul limite delle funzioni monotone, ne segue che esiste (finito o infinito) il limite
b !+1 lim F (b) = lim
b !+1
Z b a
f (x) dx = Z + 1
a
f (x) dx.
B `e vera. Infatti, essendo f (x) positiva in [a, + 1) e infinitesima per x ! +1 abbiamo che esiste b > a tale che 0 f(x) 1 per ogni x b. Ne segue che per ogni x b risulta 0 f 2 (x) f(x) e poich´e R + 1
a f (x) dx converge, dal criterio del confronto otteniamo che anche R + 1
a f 2 (x) dx converge.
C `e falsa. Per esempio la funzione f (x) = x 1 `e continua e positiva in [1, + 1) con lim x
!+1 f (x) = 0 e R + 1
1 f (x) dx = R + 1
1 1
x dx divergente, mentre R + 1
1 f 2 (x) dx = R + 1
1 1
x
2dx risulta convergente.
3. A `e vera. Infatti, essendo p
xf (x) ! +1 per x ! 0 + otteniamo che esiste 2 (0, 1) tale che f (x) > 0 per x 2 (0, ). Dal Teorema fondamentale del calcolo abbiamo inoltre che F (x) = R 1
x f (t) dt risulta derivabile in (0, 1) con F 0 (x) = f (x) per ogni x 2 (0, 1). Dunque F 0 (x) < 0 per x 2 (0, ) e F (x) risulta decrescente in (0, ). Dal Teorema sul limite di funzioni monotone ne deduciamo che esiste
x!0 lim+F (x) = sup
x2(0, )
F (x).
B e C sono false. Scelta f (x) = x 1p abbiamo che
x!0 lim+
p xf (x) = lim
x!0
+p x
x p = + 1 per ogni p > 1 2 . Osserviamo per` o che
x lim !0
+F (x) = Z 1
0
f (x) dx = Z 1
0
1 x p dx
converge se 1 2 < p < 1 (quindi C `e falsa) mentre diverge se p 1 > 1 2 (dunque B `e falsa).
4. Per calcolare Z 1
0
e x
e 2x 1 dx, osserviamo che Z e x
e 2x 1 dx =
Z e x
(e x 1)(e x + 1) dx = 1 2
Z 1
e x 1 + 1 e x + 1 dx
= 1 2 (log |e x 1 | + log |e x + 1 |) + c = 1 2 log |e 2x 1 | + c e dunque
Z 1
0
e x
e 2x 1 dx = lim
" !0
+Z 1
"
e x
e 2x 1 dx = lim
" !0
+⇥ 1
2 log |e 2x 1 | ⇤ 1
"
= lim
" !0
+1
2 (log(e 2 1) log |e 2" 1 |) = +1
5. Calcoliamo Z 1
0
x 3
x 2 2x dx utilizzando la definizione Z 1
0
x 3
x 2 2x dx = lim
a!0
+Z 1 a
x 3
x 2 2x dx = lim
a!0
+1 2
Z 1 a
3 x
1 x 2 dx
= lim
a!0
+1
2 [3 log |x| log |x 2 |] 1 a = lim
a!0
+1
2 (log |a 2 | log |a|)
= lim
a!0
+1
2 (log 2 a a ) = + 1
6. Per calcolare Z 2
0
| log x|
x dx osserviamo che Z 2
0
| log x|
x dx = Z 1
0
log x x dx +
Z 2
1
log x x dx
Abbiamo che Z
log x
x = 1 2 log 2 x + c quindi
Z 2
0
| log x|
x dx = Z 1
0
log x x dx +
Z 2
1
log x x dx
= lim
a !0
+Z 1
a
log x x dx +
Z 2
1
log x x dx
= lim
a !0
+⇥ 1
2 log 2 x ⇤ 1 a + ⇥ 1
2 log 2 x ⇤ 2 1
= lim
a !0
+1
2 log 2 a + 1 2 log 2 2 = + 1 7. Dalla definizione di integrale improprio abbiamo
Z + 1 1
log(1 + x)
x 2 dx = lim
b !+1
Z b 1
log(1 + x)
x 2 dx
Per calcolare R b
1
log(1+x)
x
2dx osserviamo che integrando per parti otteniamo Z b
1
log(1 + x) x 2 dx =
1
x log(1 + x)
b
1
+ Z b
1
1 x(1 + x) dx
= 1 b log(1 + b) + log 2 + Z b
1
1 x
1 1 + x dx
= 1 b log(1 + b) + log 2 + [log x log(1 + x)] b 1
= 1 b log(1 + b) + log 2 + log b log(1 + b) + log 2
= 2 log 2 1 b log(1 + b) + log 1+b b e quindi Z +1
1
log(1 + x)
x 2 dx = lim
b !+1 2 log 2 1 b log(1 + b) + log 1+b b = 2 log 2 8. Per calcolare
Z +1
1
2x + 1
x 3 + x dx, dalla definizione abbiamo Z +1
1
2x + 1
x 3 + x dx = lim
b !+1
Z b
1
2x + 1
x 3 + x dx = lim
b !+1
Z b
1
1 x
x 2
x 2 + 1 dx
= lim
b !+1
⇥ log x 1 2 log(x 2 + 1) + 2 arctan x ⇤ b 1
= lim
b!+1 log p b
b
2+1 + 2 arctan b + 1 2 log 2 2 arctan 1
= 1 2 log 2 + ⇡ 2 9. Calcoliamo
Z +1
2 1
x
2arctan x 2 x+2 dx determinando innanzitutto Z
1
x
2arctan x 2 x+2 dx. Integrando per parti otteniamo
Z
1
x
2arctan x 2 x+2 dx = 1 x arctan x 2 x+2 + Z
1 x 2
x
2+4 dx
= 1 x arctan x 2 x+2 + 1 2 Z
1
x x
x
2+4 dx
= 1 x arctan x 2 x+2 + 1 2 log |x| 1 4 log(x 2 + 4) + c da cui
Z + 1 2
1
x
2arctan x 2 x+2 dx = lim
b !+1
Z b 2
1
x
2arctan x 2 x+2 dx
= lim
b !+1
h 1
x arctan x 2 x+2 + 1 2 log |x| 1 4 log(x 2 + 4) i b 2
= lim
b!+1 1
b arctan b 2 b+2 + 1 2 log |b| 1 4 log(b 2 + 4) 1 2 log 2 + 1 4 log 8
= 1 4 log 2
10. L’integrale improprio Z 1
0
e p x p 1 + x
sinh x log(1 + x 2 ) dx converge. Per stabilirlo osserviamo che l’integranda f (x) = e
px
p 1+x
sinh x log(1+x
2) `e funzione continua in (0, 1], studiamone il comportamento per x ! 0 + .
Per x ! 0 + abbiamo che e p x p
1 + x = p
x + o( p
x) 1 2 x + o(x) = p
x + o( p
x) mentre sinh x log(1 + x 2 ) = x + o(x) x 2 + o(x 2 ) = x + o(x) e dunque
f (x) =
p x + o( p x) x + o(x) ⇠ 1
p x Essendo R 1
0 p 1
x dx convergente (poich´e 1 2 < 1), dal criterio del confronto asintotico deduciamo che anche l’integrale dato `e convergente.
11. L’integrale Z 1
0
sin x e
x2cosh p
x dx converge. Infatti, ricordando che per x ! 0, sin x ⇠ x, mentre e x = 1 + x 2 + x 82 + o(x 2 ) e cosh p
x = 1 + x 2 + x 242 + o(x 2 ), da cui e x cosh x ⇠ x 122, otteniamo sin x
, otteniamo sin x
e
x2cosh p x ⇠ x
x
212
= 12 x
Poich´e l’integrale R 1
0 1
x dx diverge, dal criterio del confronto asintotico l’integrale dato risulta anch’esso divergente.
12. L’integrale Z 1
0
4
q x
log(1+x) 1 1 cos p
x dx converge. Infatti, per x ! 0 + , dato che risulta log(1+x) x ! 1
4
q x
log(1+x) 1 = r⇣4
x
log(1+x) 1 ⌘
+ 1 1 ⇠ 1 4 ( log(1+x) x 1) = 1 4 x log(1+x) log(1+x) ⇠ 1 4 x2x
2 = x 8 essendo log(1 + x) = x x 22 + o(x 2 ). Dato che per x ! 0 + si ha 1 cos p
+ o(x 2 ). Dato che per x ! 0 + si ha 1 cos p
x ⇠ x 2 e dunque
4
q x
log(1+x) 1 1 cos p
x ! 1 4
ne segue che l’integrale dato converge (per la condizione sufficiente alla convergenza).
13.
Z + 1 1
log(1 + x 2 )
x 3 log x dx converge. Infatti, per x ! +1 abbiamo log(1 + x 2 )
x 3 log x ⇠ log(x 2 )
x 3 log x = 2 log x x 3 log x = 2
x 2 e quindi, dal criterio del confronto asintotico, l’integrale dato converge.
14. Per stabilire il comportamento di Z +1
2
⇡ 2 arctan x
p x(e x 1) dx osserviamo che essendo per x ! +1
⇡
2 arctan x = arctan 1 x ⇠ x 1 e e x 1 ⇠ e x , si ha
⇡ 2 arctan x p x(e x 1) ⇠ 2
x
32e x L’integrale R +1
1 1
x
32e
xdx risulta convergente e dunque, dal criterio del confronto asintotico, de-
duciamo che anche l’integrale dato risulta convergente.
Per provare che R + 1
1 1
x
32e
xdx converge possiamo utilizzare il criterio del confronto asintotico osservato che
x!+1 lim
1 x
32e
x1 x
32= 1 e x = 0 e che R + 1
1 1
x
32dx risulta convergente (m) . 15. L’integrale
Z + 1 0
p x 3 + x 2
sinh x log(1 + x) dx converge. Notiamo infatti che la funzione integranda risulta continua su (0, + 1) e dunque l’integrale risulter`a convergente se e solo se risultano tali gli integrali
Z 1 0
p x 3 + x 2
sinh x log(1 + x) dx e
Z + 1 1
p x 3 + x 2
sinh x log(1 + x) dx Per x ! 0 + risulta sinh x = x + o(x 2 ) e log(1 + x) = x x 22 + o(x 2 ) quindi
sinh x log(1 + x) 1 = x 22 + o(x 2 ) ⇠ x 22
Dato che per x ! 0 + si ha p
Dato che per x ! 0 + si ha p
x 3 + x 2 = p
x 3 segue che p x 3 + x 2
sinh x log(1 + x) ⇠ p x 3
x
22
= p 2 x
Dal criterio del confronto asintotico segue allora che l’integrale R 1
0
p x
3+x
2sinh x log(1+x) dx converge dato che R 1
0 p 1
x dx converge. Per x ! +1, risulta
sinh x = ex 2 e
x = e2x2e
x1 = ⇠ 2e e
2xx = e 2x
mentre p
2e
x1 = ⇠ 2e e
2xx= e 2x
mentre p
x 3 + x 2 ⇠ x 2 otteniamo che
p x 3 + x 2
sinh x log(1 + x) ⇠ xex2 2
= 2x ex2
Poich´e R +1
1 2x
2e
xdx converge (vedi nota), dal criterio del confronto asintotico concludiamo che anche l’integrale R + 1
1
p x
3+x
2sinh x log(1+x) dx converge.
Quanto sopra mostra che l’integrale proposto `e convergente.
16. L’integrale Z 1
0
1 cos x
x ↵ sin 2 x dx converge se e solo se ↵ < 1. Infatti, ricordando che per x ! 0 risulta 1 cos x ⇠ x 22 e sin x ⇠ x si ottiene
f ↵ (x) = 1 cos x
x ↵ sin 2 x ⇠ x 2
2x ↵ x 2 = 1 2x ↵ e quindi, dal criterio del confronto asintotico, R 1
0 f ↵ (x)dx converge se e solo se ↵ < 1.
(m)
In generale, sempre usando il criterio del confronto asintotico, si pu` o provare che l’integrale R
+11 1
x↵ex
dx converge per ogni ↵ 2 R, essendo
x!+1
lim
1 x↵ex
1 xp
= x
p ↵e
x= 0 per ogni ↵, p 2 R e R
+11 1
xp
dx convergente per p > 1.
17. Studiamo il comportamento dell’integrale Z 1
0
sin x p
31 + ↵x cos p
x dx. Osserviamo che per x ! 0 + risulta p
31 + ↵x = 1 + ↵ 3 x ↵29 x
2 + o(x 2 ) mentre cos p
x = 1 x 2 + x 242 + o(x 2 ). Quindi
p
31 + ↵x cos p
x = ( ↵ 3 + 1 2 )x + ⇣
↵
29 + 24 1 ⌘
x 2 + o(x 2 ) ⇠
( ( ↵ 3 + 1 2 )x se ↵ 6= 3 2
7
24 x 2 se ↵ = 3 2 Ne segue che per x ! 0 + si ha
sin x p
31 + ↵x cos p x ⇠
8 <
:
x
(
↵3+
12)x = ↵1
3
+
12se ↵ 6= 3 2
x
7
24
x
2= 7x 24 se ↵ = 3 2 Pertanto, se ↵ 6= 3 2 l’integrale R 1
0 sin x p
31+↵x cos p
x dx converge per la condizione sufficiente alla convergenza mentre dal criterio del confronto asintotico se ↵ = 3 2 l’integrale diverge essendo tale R 1
0 1 x dx.
18. L’integrale Z + 1
1
arctan x ↵ p
3x 4 + x p
3x 4 1 dx converge se e solo se ↵ < 1 2 . Osserviamo innanzitutto che per x ! +1 si ha
p
3x 4 + x p
3x 4 1 = p
3x 4 1
✓ q
3x
4+x x
41 1
◆
⇠ x
43✓ q
3x
4+x x
41 1
◆
⇠ x
431 3 ⇣
x
4+x x
41 1 ⌘
= x
43
3 x+1 x
41 ⇠ x
43