FONDAMENTI DI ANALISI MATEMATICA 2
Commissione F. Albertini, M. Motta
Ingegneria Gestionale, Meccanica, Meccatronica, Vicenza Vicenza, 7 febbraio 2012
TEMA
1
: soluzioneEsercizio 1 Si consideri, per ogni α ∈ R, la seguente equazione differenziale:
y00+ (1 − α)y0− αy = −e−x.
(a) Determinare le soluzioni dell’equazione omogenea associata per ogni α ∈ R.
(b) Determinare le soluzioni dell’equazione data per ogni α 6= −1
(c) Dire se esistono dei valori del parametro α 6= −1 tali che tutte le soluzioni sono limitate nelle semiretta [0, +∞).
Sol. (a) Il polinomio caratteristico `e p(λ) = λ2+ (1 − α)λ − α = 0 di radici reali λ1,2 = α − 1 ±p(α + 1)2
2 = α, −1.
Sono radici coincidenti se α = −1. In questo caso l’integrale generale dell’equazione omogenea `e y(x) = (c1+ c2x)e−x (c1, c2 ∈ R). Sono distinte se α 6= −1. In questo caso l’integrale generale dell’equazione omogenea `e y(x) = c1eαx+ c2e−x (c1, c2∈ R).
(b) C’`e sempre risonanza con la radice −1 che nell’hp. α 6= −1 ha molteplicit`a 1, per cui la soluzione particolare ha la forma ¯y(x) = Ax e−x. Sostituendo nell’equazione si ottiene A = 1/(α + 1), per cui l’integrale generale dell’equazione data `e y(x) = c1eαx+ c2e−x+α+1x e−x (c1, c2∈ R).
(c) Le sol. sono tutte limitate se e solo se α ≤ 0.
TEMA 2: (a) Se α = −2, y(x) = (c1+c2x)e−2x (c1, c2∈ R). Se α 6= −2, y(x) = c1eαx+c2e−2x (c1, c2∈ R). (b) y(x) = c1eαx+ c2e−2x+α+2x e−2x (c1, c2 ∈ R). (c) α ≤ 0.
TEMA 3: (a) Se α = −3, y(x) = (c1+c2x)e−3x (c1, c2∈ R). Se α 6= −3, y(x) = c1eαx+c2e−3x (c1, c2∈ R). (b) y(x) = c1eαx+ c2e−3x+α+3x e−3x (c1, c2 ∈ R). (c) α ≤ 0.
TEMA 4: (a) Se α = −4, y(x) = (c1+c2x)e−4x (c1, c2∈ R). Se α 6= −4, y(x) = c1eαx+c2e−4x (c1, c2∈ R). (b) y(x) = c1eαx+ c2e−4x+α+4x e−4x (c1, c2 ∈ R). (c) α ≤ 0.
Esercizio 2 Si consideri la seguente funzione:
f (x, y) = (y − 1)(x − 3)2. (a) Determinare il segno della funzione.
(b) Determinare i massimi e minimi assoluti della funzione nell’insieme D =(x, y) | |y − 1| ≤ −(x − 3)2+ 1 .
Sol. (a) f (x, y) = 0 lungo le due rette y = 1 e x = 3. Poi f (x, y) ≥ 0 sopra la retta y = 1, cio`e se y ≥ 1; f (x, y) ≤ 0 se y ≤ 1. Incidentalmente, i punti (3, y) con y > 1 sono quindi di min rel.; con y < 1 sono di max rel., mentre (3, 1) non `e n`e min n`e max rel.
(b) Considerando y come asse verticale, D `e la regione del piano delimitata sopra dalla parabola y = 2 − (x − 3)2 e sotto dalla parabola y = (x − 3)2, per x ∈ [2, 4]. All’nterno di D,
∇f (x, y) = (0, 0) lungo la parte della retta x = 3 contenuta in D, dove per (a) non si ha n`e min n`e max assoluto (essendo f (3, y) = 0 e sia positiva che negativa altrove). Lungo il bordo:
f (x, y) = [1 − (x − 3)2](x − 3)2 lungo la parabola superiore y = 2 − (x − 3)2, x ∈ [2, 4], con derivata nulla in x = 3 ± (1/√
2) e valore M = 1/4;
f (x, y) = −[1 − (x − 3)2](x − 3)2 lungo la parabola inferiore y = (x − 3)2, x ∈ [2, 4], con derivata nulla in x = 3 ± (1/√
2) e valore m = −1/4.
Questi sono i max e min assoluti, dato che nei punti critici interni e nei punti di intersezione delle due parabole f = 0.
TEMA 2: (a) f (x, y) = 0 lungo le rette y = 2 e x = 4. Poi f (x, y) ≥ 0 se y ≥ 2; f (x, y) ≤ 0 se y ≤ 2. (b) ∇f (x, y) = (0, 0) lungo x = 4 e f (x, y) = [2 − (x − 4)2](x − 4)2 lungo la parabola superiore y = 4 − (x − 4)2, x ∈ [4 −√
2, 4 +√
2], con derivata nulla in x = 4 ± 1 e valore M = 1;
f (x, y) = −[2 − (x − 4)2](x − 4)2 lungo la parabola inferiore y = (x − 4)2, x ∈ [4 −√
2, 4 +√ 2], con derivata nulla in x = 4 ± 1 e valore m = −1. Questi sono i max e min assoluti, dato che nei punti critici interni e nei punti di intersezione delle due parabole f = 0.
TEMA 3: (a) f (x, y) = 0 lungo le rette y = 1 e x = 3. Poi f (x, y) ≥ 0 se x ≥ 3; f (x, y) ≤ 0 se x ≤ 3. (b) ∇f (x, y) = (0, 0) lungo y = 1 e f (x, y) = [3 − (y − 1)2](y − 1)2 lungo la parabola superiore x = 6 − (y − 1)2, y ∈ [1 − √
3, 1 +√
3], con derivata nulla in y = 1 ± (p3/2) e valore M = 9/4; f (x, y) = −[3 − (y − 1)2](y − 1)2 lungo la parabola inferiore x = (y − 1)2, y ∈ [1 −√
3, 1 +√
3], con derivata nulla in y = 1 ± (p3/2) e valore m = −9/4. Questi sono i max e min assoluti, dato che nei punti critici interni e nei punti di intersezione delle due parabole f = 0.
TEMA 4: (a) f (x, y) = 0 lungo le rette y = 2 e x = 4. Poi f (x, y) ≥ 0 se x ≥ 4; f (x, y) ≤ 0 se x ≤ 4. (b) ∇f (x, y) = (0, 0) lungo y = 2 e f (x, y) = [4 − (y − 2)2](y − 2)2 lungo la parabola superiore x = 8 − (y − 2)2, y ∈ [0, 4], con derivata nulla in y = 2 ±√
2 e valore M = 4;
f (x, y) = −[4 − (y − 2)2](y − 2)2 lungo la parabola inferiore x = (y − 2)2, y ∈ [0, 4], con derivata nulla in y = 2 ±√
2 e valore m = −4. Questi sono i max e min assoluti, dato che nei punti critici interni e nei punti di intersezione delle due parabole f = 0.
Esercizio 3 Data la funzione f (x, y) = 1
4a2x2y + ra2
4 + x2+ 3y2−a 2x
(a) Determinare al variare del parametro a > 0 il versore normale e l’equazione del piano tangente al grafico di f nel punto P0= (0, a/2, a).
(b) Determinare il valore del parametro a > 0 per cui il piano tangente determinato nel punto (a) risulta parallelo al piano −x + 3y − 2z = 4.
(c) (Fac.) Determinare il valore del parametro a > 0 per cui la direzione di massima crescita di f in P0= (0, a/2, a) risulta parallela alla seconda bisettrice.
Sol. (a) Basta calcolare ∇f (0, a/2) = (−a/2, 3/2). Poi (−fx, −fy, 1) = (a/2, −3/2, 1) rapp- resenta il vettore normale, per cui
N = a/2
p1 + (a2/4) + (9/4), − 3/2
p1 + (a2/4) + (9/4), 1
p1 + (a2/4) + (9/4)
! ,
e il piano tangente `e
z = a −a 2x +3
2
y − a
2
, cio`e a 2x −3
2y + z = a 4.
(b) Le direzioni normali ai due piani devono essere parallele, quindi: a/2−1 = −3/23 = −21 , da cui segue a = 1.
(c) La direzione di massima crescita `e ∇f (0, a/2) = (−a/2, 3/2). Quindi risulta parallela alla seconda bisettrice y = −x se 3/2 = a/2, cio`e per a = 3.
TEMA 2: (a) ∇f (a/3, 0) = (3/2, −a/3), la direzione normale `e (−fx, −fy, 1) = (−3/2, a/3, 1) e il piano tangente `e −32x + a3y + z = a6. (b) −3/23 = a/3−1 = −21 , da cui segue a = 3/2. (c) Se 3/2 = a/3, cio`e per a = 9/2.
TEMA 3: (a) ∇f (0, a/3) = (a/3, 3/2). Poi (−fx, −fy, 1) = (−a/3, −3/2, 1) e il piano tangente
`e −a3x − 32y + z = a6. (b) −a/31 = −3/23 = −21 , da cui segue a = 3/2. (c) Se 3/2 = a/3, cio`e per a = 9/2.
TEMA 4: (a) ∇f (a/2, 0) = (3/2, a/2), la direzione normale `e (−fx, −fy, 1) = (−3/2, −a/2, 1) e il piano tangente `e −32x − a2y + z = a4. (b) −3/23 = −a/21 = −21 , da cui segue a = 1. (c) Se 3/2 = a/2, cio`e per a = 3.
Esercizio 4 Dato il solido di rotazione S =
(x, y, z) ∈ R3: x + 8 ≥ 2(y2+ z2), x + 1 e2 ≤ e−
√
y2+z2
(a) fare un disegno qualitativo della proiezione di S sul piano Ox, z e calcolare il volume di S;
(a) determinare il flusso uscente da ∂S del seguente campo vettoriale:
F (x, y, z) = (x arctan(xy) − x +√
2, 6(y +√
2) − y arctan(xy), z − arctan(xy))
Sol. Considerando l’asse z come asse verticale, la proiezione di S sul piano Ox, z `e la regione del piano che sta a destra della parabola orizzontale x = 2(z2− 4) e a sinistra della curva pari rispetto all’asse x, x = e−|z| − e−2. Le due curve si intersecano lungo l’asse z, per z = ±2.
S risulta essere la rotazione di 2π attorno all’asse x della parte della sua proiezione su Ox, z con z ≥ 0. Detto E tale insieme, E =(x, z) : z ∈ [0, 2], 2(z2− 4) ≤ x ≤ e−z− e−2 e per il Teorema di Guldino
V ol(S) = 2π Z Z
E
z dx dz = 2π Z 2
0
ze−z− e−2− 2(z2− 4) dz = 2π(9 − 5e−2).
(b) Per il Teorema della divergenza:
Z
∂S
hF, Nei dσ = Z Z Z
S
divF dx dy dz = 6V ol(S).
TEMA 2: S `e rotazione di 2π attorno a x di E =(x, z) : z ∈ [0, 3], (z2− 9)/3 ≤ x ≤ e−3− e−z e per il Teorema di Guldino
V ol(S) = 2π Z Z
E
z dx dz = 2π Z 3
0
ze−3− e−z− (z2− 9)/3 dz = ...
(b) Per il Teorema della divergenza:
Z
∂S
hF, Nei dσ = Z Z Z
S
divF dx dy dz = 2V ol(S).
TEMA 3: S `e rotazione di 2π attorno a x di E =(x, z) : z ∈ [0, 2], e−z− e−2≤ x ≤ 8 − 2z2 e per il Teorema di Guldino
V ol(S) = 2π Z Z
E
z dx dz = 2π Z 2
0
z8 − 2z2− e−z+ e−2 dz = ...
(b) Per il Teorema della divergenza:
Z
∂S
hF, Nei dσ = Z Z Z
S
divF dx dy dz = 4V ol(S).
TEMA 4: S `e rotazione di 2π attorno a x di E =(x, z) : z ∈ [0, 3], e−3− e−z≤ x ≤ (9 − z2)/3 e per il Teorema di Guldino
V ol(S) = 2π Z Z
E
z dx dz = 2π Z 3
0
z(9 − z2)/3 − e−3+ e−z dz = ....
(b) Per il Teorema della divergenza:
Z
∂S
hF, Nei dσ = Z Z Z
S
divF dx dy dz = 5V ol(S).